2019-2020学年安徽省黄山市屯溪第一中学高一10月月考物理试题 Word版含解析 15页

安徽省黄山市屯溪第一中学 2019-2020 学年高一 10 月月考物理试题 一、单项选择题（每题只有一个选项是正确的，每题 3 分，共 21 分） 1.在研究物体的运动时，下列说法正确的是（ ） A. 为提高乒乓球运动员球技，研究发球时可把球作为质点来处理 B. 在奥运会帆船比赛中，要确定帆船的位置时，可以把它当作质点来处理 C. 研究体操运动员的表演时，体操运动员可以当作质点来处理 D. 原子核很小，可以看做质点 【答案】B 【解析】 【详解】A．发球时要考虑球的旋转，故其大小和形状不能忽略，故不能看作质点，故 A 错误； B．在帆船比赛中，船的大小相对于大海可以忽略，故可以看作质点，故 B 正确； C．研究运动员的动作时，运动员的大小形状不能忽略，故不能看作质点，故 C 错误； D．原子核虽然小，但如果研究原子核的自转时，原子也不一定看作质点，故 D 错误． 2.下列有关运动的描述中,参考系的选取符合描述的是( ) A. “小小竹排江中游”,是以竹排为参考系的 B. “飞流直下三千尺”,是以飞流作为参考系的 C. “轻舟已过万重山”,是以万重山为参考系的 D. “钱塘江潮水扑面而来”,是以潮水为参考系的 【答案】C 【解析】 【详解】“小小竹排江中游”，是说竹排相对于河岸等的运动，参考系是河岸，故 A 错误； 飞流是相对于山在动，故参考系是山，故 B 错误；“轻舟已过万重山”，研究的是轻舟相对 于山的运动，故是以万重山为参考系的参考系的，故 C 正确；潮水扑面而来是指潮水相对于 我们来说的，故是以观察者为参考系的，故 D 错误；故选 C。 【点睛】参考系的选取是任意，选择不同的参考系物体的运动是不同；在分析时首先要明确 题意才能正确找出参考系． 3. 下列说法中正确的是（ ） A. 加速度为零的物体，其速度一定为零 B. 物体的加速度减小时，速度一定减小 C. 速度变化越快，加速度越大 D. 2 m/s2 的加速度比－4 m/s2 的加速度大 【答案】C 【解析】 加速度表示速度变化的快慢，为矢量，加速度的正负表示方向，不表示大小，C 错；加速度为 零的物体,不一定为零，例如匀速行驶的汽车，A 错；只要加速度方向与速度方向同向，速度 就是增大的，B 错；D 对； 4.伽利略在著名的斜面实验中，让小球分别沿倾角不同、阻力很小的斜面从静止开始滚下， 他通过实验观察和逻辑推理，得到的正确结论有（ ） A. 倾角一定时，小球在斜面上的位移与时间的平方成正比 B. 倾角一定时，小球在斜面上的速度与位移成正比 C. 自由落体运动中越重的物体下落越快 D. 小球沿斜面向下运动时的加速度与斜面的倾角成正比 【答案】A 【解析】 【分析】 伽利略通过实验观察和逻辑推理发现，小球沿斜面滚下的运动的确是匀加速直线运动，换用 不同的质量的小球，从不同高度开始滚动，只要斜面的倾角一定，小球的加速度都是相同的； 不断增大斜面的倾角，重复上述实验，得知小球的加速度随斜面倾角的增大而增大． 【详解】伽利略通过实验测定出小球沿斜面下滑的运动是匀加速直线运动，位移与时间的二 次方成正比，故 A 正确 倾角一定时，加速度恒定，因此小球在斜面上滚下的速度与时间成正 比，故 B 错误；自由落体运动的快慢与物体的重力无关，故 C 错误；①斜面长度一定时，倾 角的越大，加速度越大，但不是与倾角成正比；②伽利略时代没有加速度的概念，故 D 错误； 故选 A。 【点睛】本题关键要明确伽利略对自由落体运动的研究的实验过程，可以通过阅读课本了解， 同时实验事实与理论应该是一致的，故可结合牛顿第二定律以及匀变速运动的知识进行分析 求解． 5. 小球从静止开始运动，它在第 1s 内通过 1m，在第 2s 内通过 2m，在第 3s 内通过 3m，在第 4s 内通过 4m，有关小球运动的描述，正确的是 （ ） A. 小球在这 4s 内的平均速度是 2.5 m/s B. 小球在第 3、第 4 两秒内的平均速度是 3.5 m/s C. 小球在第 3 s 末的瞬时速度是 3 m/s D. 小球在这 4 s 内一定做的是匀加速直线运动 【答案】AB 【解析】 试题分析：根据位移和时间，利用 求出小球在不同时间段的平均速度．根据题目的条件 无法判断小球是否做匀加速运动． 解：A、小球在这 4s 内的平均速度 ．故 A 正确． B、小球在第 3s 和第 4s 这两秒内的平均速度 ．故 B 正确． C、小球在第 3s 内的平均速度为 3m/s，因为小球做加速运动，所以小球在第 3s 末的速度不一 定等于 3m/s．故 C 错误． D、初速度为零的匀变速直线运动，连续相等时间内的位移之比为 1：3：5：7，所以小球在这 4s 内做的一定不是初速度为零的匀加速直线．故 D 错误． 故选：AB． 【点评】解决本题的关键知道平均速度等于位移与时间的比值，即定义式为 ． 6.a、b 两物体从同一位置沿同一直线运动，它们的速度图像如图所示，下列说法正确的是 A. a、b 加速时，物体 a 的加速度大于物体 b 的加速度 B. 20s 时两个物体相距最远 C. 60s 时，物体 a 在物体 b 的前方 D. 40s 时，两个物体到达同一个位置 【答案】C 【解析】 【分析】 在速度-时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速 度是负数； 切线的斜率表示加速度，图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下 方位移为负； 【详解】A、在速度-时间图象中切线的斜率表示加速度，根据图象可知，物体 a 的斜率小于 物体 b 的斜率，即物体 a 的加速度小于物体 b 的加速度，故 A 错误； B、b 两物体从同一位置沿同一方向做直线运动，到 40s 末之前 a 的速度一直大于 b 的速度，a、 b 之间的间距逐渐增大，40s 之后 a 的速度小于 b 的速度，b 开始追赶 a 物体，间距减小，所 以 40s 末两物体相距最远，20 秒时，a、b 两物体距离： 1 10 40 20 0 5002a bx x x m m        （ ） ，故 BD 错误； C、0-60s 内，a 与坐标轴围成的面积大于 b 与坐标轴围成的面积，所以物体 a 在物体 b 的前 方，故 C 正确。 【点睛】本题是为速度--时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度--时间图象中图 象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，要注意路程和位移的区别。 7.为了测定某轿车在平直路上启动阶段的加速度（轿车启动时的运动可近似看成是匀加速直 线运动），某人拍摄一张在同一底片上多次曝光的照片，如图所示，如果拍摄时每隔 2s 曝光 一次，轿车车身总长为 4.5m，那么这辆轿车的加速度为（ ） A. 21m/s B. 22.25m/s C. 23m/s D. 24.25m/s 【答案】B 【解析】 【分析】 根据题意可知考查匀变速直线运动规律，物体做匀变速直线运动时，相邻相等时间内位移差 值为一恒量 2x aT  代入数值即可求得。 【详解】据匀变速直线运动规律 2 2 1x x x aT    读出 1x 、 2x ，代入即可计算。轿车车身总长 4.5m，相当于提示我们图中每一小格为1.5m ， 由此可算出两段距离分别为 1 12mx  和 2 21mx  ，又 2sT  ，则 2 2 2.25m/sxa T   。 【点睛】匀变速直线运动相邻相等时间内位移差值为一恒量，即 2 2 1x x aT  ，不相邻的两 段第 m 段和第 n 段位移差值为 2 m n ( )x x m n aT   。 二、不定项选择题（每题至少有两个选项是正确的。每题 4 分，共 28 分。） 8.甲、乙两小分队进行代号为“猎狐”的军事演习，指挥部通过现代通讯设备，在荧屏上观 察到两个小分队的具体行军路线如图所示。两小分队同时由 O 点出发，最后同时捕“狐”于 A 点。下列说法正确的是 A. 小分队行军路程 S 甲＞S 乙 B. 小分队平均速度 V 甲＝V 乙 C. 小分队的平均速率相等 D. 图像表示的是位移—时间图像 【答案】AB 【解析】 试题分析：由图可知，两队最终的位置相等，故经过的位移相等，故平均速度相等；而甲的 路程比乙的大，故甲的平均速率大于乙的平均速率；故 AB 正确，C 错误；图象描述的是行军 路线图，故不是位移时间图象，故 D 错误。 考点：平均速度 【名师点睛】由图象可知两队的行军位移和路程，平均速度等于位移与时间的比值，平均速 率等于路程与时间的比值。本题要注意题目中给出的是行军路线图，而不是位移-时间图象。 9.从匀加速上升的气球上释放一物体，在放出的瞬间，物体相对地面将具有 （ ） A. 向上的速度 B. 向下的速度 C. 没有速度 D. 向下的加速度 【答案】AD 【解析】 从匀加速上升的气球上释放一物体，物体释放前与气球一起向上运动，在放出的瞬间，物体 相对地面将具有向上的速度。物体释放前与气球有相同的向上的加速度，在放出的瞬间，物 体做竖直上抛运动，有向下的加速度，故选 AD. 10.一个物体做匀加速直线运动，已知最后 3s 内的路程为 6m，则全过程的平均速度可能是： （ ） A. 0.5m/s B. 1.5m/s C. 2.0m/s D. 2.5m/s 【答案】ABC 【解析】 【详解】在最后 3s 内汽车的平均速度： 6 m / s 2m / s3v   物体做匀加速运动，速度越来越大，在相等时间内的平均速度越来越大，因此整个过程的平 均速度小于或等于最后 3s 内的平均速度 A．0.5m/s 与分析相符，故 A 项正确； B．1.5m/s 与分析相符，故 B 项正确； C．2.0m/s 与分析相符，故 C 项正确； D．2.5m/s 与分析不符，故 D 项错误。 11.一个物体以 v0=16m/s 的初速度冲上一光滑斜面，加速度的大小为 8m/s2，冲上最高点之后， 又以相同的加速度往回运动。则（ ） A. 1s 末的速度大小为 8 m/s B. 3s 末的速度为零 C. 2s 内的位移大小是 16m D. 3s 内的位移大小是 4m 【答案】AC 【解析】 【详解】A．规定初速度的方向为正方向，由速度公式可得 v=v0+at=16-8×1m/s=8m/s 故 A 项正确； B．规定初速度的方向为正方向，由速度公式可得 v=v0+at=16-8×3=-8m/s 负号表示与初速度的方向相反，故 B 项错误； C．由位移公式得： 2 0 1 1(16 2 8 4)m=16m2 2x v t at       故 C 项正确； D．由位移公式得： 2 0 1 1(16 3 8 9)m=12m2 2x v t at       故 D 项错误。 12.某物体由静止开始运动，它的加速度方向不变，大小随时间变化的规律如图所示，则在 0～ t0 这段时间（ ） A. 物体做匀加速直线运动 B. 物体在 t0 时刻速度为零 C. 物体在 t0 时刻速度最大，而加速度为零 D. 物体作变加速运动，运动速度越来越大 【答案】CD 【解析】 【详解】AD．由图看出加速度 a 减小，加速度与速度同向，运动速度越来越大，物体做变加 速运动，故 A 项错误，D 项正确； BC．由于 a 与 v 同向，物体的速度增大，在 t0 时刻加速度为零，速度最大，故 B 项错误，C 项正确。 13.如图所示为一质点运动的位移随时间变化的规律，图线是一条抛物线，方程为 x=－5t2＋ 40t．在前 8s 内，下列说法正确的是( ) A. 质点做匀变速直线运动，最大位移是 80m B. 质点的初速度是 20m/s C. 质点的加速度大小是 10m/s2 D. 第 8s 内质点的平均速度为 0 【答案】AC 【解析】 【详解】ABC．图象上的任意一点表示该时刻的位置坐标，在时间轴上方，位置坐标为正数， 在时间轴下方，位置坐标为负数，即图象中的坐标不是正数就是负数，所有点在同一条直线 上，所以位移时间图象仅描述直线运动，又由于图线是一条抛物线，方程为 25 40x t t   把 它与位移时间关系式： 2 0 1 2x v t at  相比较，对应的未知数前面常数相同，可以得到 2 0 40m / s, 10m / sv a   即物体做初速度为 40m/s，加速度为-10m/s2 的匀变速直线运动；由图可以看到位移的最大值 为 80m，故 A 项正确，B 项错误，C 项正确； D．物体前 8s 内的位移为： 2 8 ( 5 8 40 8)m 0x       物体前 7s 内的位移为： 2 7 ( 5 7 40 7)m 35mx       由平均速度公式可得： 35m / sv  故 D 项错误。 14.一质点沿 x 轴正方向做直线运动，通过坐标原点时开始计时，其 x tt  图象如图所示，则 （ ） A. 做匀速直线运动，速度为 0.5m/s B. 质点做匀加速直线运动，加速度为 0.5m/s2 C. 质点在 1s 末的速度为 1.5m/s D. 质点在第 1s 内的平均速度为 1.0m/s 【答案】CD 【解析】 【详解】AB．由图得： 0.5 0.5x tt   根据 2 0 1 2x v t at  可得： 0 1 2 x v att   对比可得： 2 0 0.5m / s, 1m / sv a  由图知质点的加速度不变，说明质点做匀加速直线运动，故 AB 项错误； C．质点的初速度 v0=0.5m/s，在 1s 末速度为 v=v0+at=0.5+1=1.5m/s 故 C 项正确； D．质点在第 1s 内的平均速度 0 0.5 1.5 m / s 1m / s2 2 v vv     故 D 项正确。 三、实验题（每空 3 分，共 18 分） 15.如图所示，一滴空中竖直下落的雨滴随时间变化的规律，g 取 10m/s2，,该雨滴从静止开始 在 3s 内下落的高度为_________m。 【答案】23.6 (22.2∽25.0m 均算对) 【解析】 【详解】v-t 图像与时间轴所围面积表示雨滴运动的位移，由图可知，每一小格表示 0.2 1m 在 3s 内图线与时间轴所围面积约有 118 个小格，所以雨滴下落的高度为： 118 0.2m=23.6m 16.在做“研究匀变速直线运动”的实验时，某同学得到一条用电火花计时器打下的纸带如图 所示，并在其上取了 A、B、C、D、E、F、G 7 个计数点，每相邻两个计数点间还有 4 个点图 中没有画出，电火花计时器接 220 V、50 Hz 交流电源。他经过测量并计算得到电火花计时器 在打 B、C、D、E、F 各点时物体的瞬时速度如下表： （1）设电火花计时器的周期为 T，计算 Fv 的公式为 Fv ＝____； （2）根据（1）中得到的数据，以 A 点对应的时刻为 t＝0，试在图中所示坐标系中合理地选 择标度，作出 v－t 图象____； （3）利用该图象求得物体的加速度 a＝___ m/s2(结果保留 2 位有效数字)； （4）如果当时电网中交变电流的电压变成 210 V，而做实验的同学并不知道，那么加速度的 测量值与实际值相比___(选填“偏大”“偏小”或“不变”)。 【答案】 (1). 6 4 10 d d T  (2). (3). 0.40 (4). 不变 【解析】 【详解】（1）［1］电火花计时器的周期为 T，根据匀变速直线运动的推论，计算在打 F 点时物 体的瞬时速度 6 F 4 10 d Tv d （2）［2］根据表中得到的数据，以 A 点对应的时刻为 t＝0，利用描点法作出 v－t 图象如下 （3）［3］由 v－t 图线求得加速度为 2 20.30 0.10 m / s 0.40m / s0.5 va t     （4）［4］只要交流电的频率不变，则加速度的测量值与实际值相比就会不变。 四、计算题（共 33 分） 17.一艘长为 L=100 米的大型游轮在平静的海面上匀速前进，船上有一游客晚饭后沿一条连贯 船首尾的笔直路径散步，若该游客从船尾走到船头，又立刻返回从船头走回船尾，在这过程 中游轮前进了 1000 米，设游客散步时相对于船的速度大小不变。求： (1)游客在这个过程中相对游轮所走的路程为多少？ (2)游客从船头返回船尾的过程中相对海面所走的路程为多少？ 【答案】（1）200 米；（2）400 米 【解析】 【详解】(1)游客在这个过程中相对游轮所走的路程为 200m； (2)因为游客相对船的速率不变，以船为参考系可知游客往前走到船头和返回船尾的时间相 同，所以在游客返回船尾的过程中游船前进的距离为 1000 m=500m2 游客相对船往回返的距离为 L=100m 所以游客相对海面所走的路程为 500-L=400m 18.冰壶比赛是在水平面上进行的体育项目，比赛场地如图所示，投掷线 AB 到圆心 O 点距离 为 30cm，比赛时，运动员从起滑架处推着冰壶出发，，在投掷线 AB 处放手让冰壶以一定的速 度滑出，使冰壶的停止位置尽量靠近圆心 O．为使冰壶滑行得更远，运动员可以用毛刷擦冰壶 运行前方的冰面，使冰面光滑而减小减速时候的加速度．若不擦冰时，冰壶减速的加速度大 小 a1=0.08m/s2，擦冰面后动摩擦因数减小至 a2=0.04m/s2．在某次比赛中，运动员使冰壶 C 在 投掷线 AB 中点处以 2m/s 的速度沿虚线滑出． （1）若运动员不用毛刷擦冰壶运行前方的冰面，冰壶将停在什么位置？ （2）为使冰壶 C 能够沿虚线恰好到达圆心 O 点，运动员应该从离投掷线多远的地方开始用毛 刷擦冰面一直擦到圆心 O 点？ 【答案】(1) 25x m (2) 1 20x m 【解析】 （1）若运动员不用毛刷擦冰壶运行前方的冰面， 对冰壶由 2 12 0a x v  2 1 4 252 2 0.08 vx m ma     （2）设在距离投掷线 1x 处开始用毛刷擦冰壶运行前方的冰面一直到 O 点，此时速度为 v， 由 2 2 1 1 12a x v v  2 2 2 12a x v  所以 1 2 30x x  解得 2 0.8v  所以 2 2 1 1 1 4 0.8 202 0.16 v vx m ma     故在距离投掷线 20m 处开始用毛刷擦冰壶运行前方的冰面一直到 O 点 19.为了安全，在公路上行驶的汽车之间应保持必要的距离，已知某高速公路的最高限速 v=120 km/h。假设前方车辆因故障突然停止，后车司机从发现这一情况，经操纵刹车，到汽车开始 减速所经历的时间（即反应时间）t=1.0s。已知晴天汽车紧急刹车时的加速度大小为 4m/s2。 (1)晴天该高速公路上汽车间的距离至少应为多少？ (2)如果因下雨路滑导致紧急刹车时加速度减小为 1.5m/s2，高速公路上要求前后车距不能小 于 200m，则雨天车速限速为多少。 【答案】(1) s=172m (2) 82.9Km/h 【解析】 【详解】(1)汽车初速度 120km/h 33.3m/sv   ，在反应时间内，汽车作匀速运动，运动的 距离 s1=vt=33.3m 自刹车到停下，汽车运动的距离 2 2 2 vs a  =138.6m 所求距离 s=s1+s2 代入数值解得 s=172m (2)雨天：设最高速度为 v2,刹车加速度大小 a2=1.5m/s2 ， 2 2 2  2 2002 vv t a   解得： v2=23m/s=82.9km/h