新课标人教版2013届高三物理总复习一轮课时作业26 6页

新课标人教版2013届高三物理总复习一轮课时作业 课时作业26　闭合电路欧姆定律 时间：45分钟　　满分：100分 一、选择题(8×8′＝64′)‎ ‎1．一电池外电路断开时的路端电压为3 V，接上8 Ω 的负载电阻后路端电压降为2.4 V，则可以判定电池的电动势E和内阻r为 ‎(　　)‎ A．E＝2.4 V，r＝1 Ω B．E＝3 V，r＝2 Ω C．E＝2.4 V，r＝2 Ω D．E＝3 V，r＝1 Ω 解析：因为电路断开时路端电压为3 V，所以E＝3 V 当R＝8 Ω时，U＝2.4 V，所以I＝＝ A＝‎‎0.3 A E＝U＋Ir，所以r＝2 Ω.‎ 答案：B ‎2．如图1中，电阻R1、R2、R3的阻值相等，电池的内阻不计，开关接通后流过R2的电流是K接通前的 ‎(　　)‎ 图1‎ A.　　　　　　　　　 B. C. D. 解析：由串、并联知识可得，在K没有接通时，R1、R2串联，I1＝ 在K接通后，R2、R3并联，再跟R1串联 I2′＝I2＝·＝·＝ 由＝＝，所以B选项正确．‎ 答案：B ‎3．在图2所示电路中E为电源，其电动势E＝9.0 V，内阻可忽略不计；AB为滑动变阻器，其电阻R＝30 Ω；L 为一小灯泡．其额定电压U＝6.0 V，额定功率P＝1.8 W；K为电键．开始时滑动变阻器的触头位于B端，现在接通电键 K，然后将触头缓慢地向A端滑动，当到达某一位置C处时，小灯泡刚好正常发光，则CB之间的电阻应为 ‎(　　)‎ 图2‎ A．10 Ω B．20 Ω C．15 Ω D．5 Ω 解析：本题中小灯泡正好正常发光，说明此时小灯泡达到额定电流I额＝P/U＝1.8/6‎.0 A＝‎0.3 A，两端电压达到额定电压U额＝6.0 V，而小灯泡和电源、滑动电阻AC串联，则电阻AC的电流与小灯泡的电流相等，则 RAC＝＝＝ Ω＝10 Ω，RCB＝R－RAC＝(30－10) Ω＝20 Ω，所以B选项正确．‎ 答案：B ‎4．在如图3所示向电路中，当变阻器R3的滑动头P由a端向b端移动时 ‎(　　)‎ 图3‎ A．电压表示数变大，电流表示数变小 B．电压表示数变小，电流表示数变大 C．电压表示数变大，电流表示数变大 D．电压表示数变小，电流表示数变小 解析：首先将○V、○A理想化处理，简化电路，R2与R3并联后与R1串联，当滑动头P向b端移动时，R3阻值变小，R2、R3并联部分总电阻变小，据串联分压原理，R1和内电阻上电压增大，R2、R3并联部分电压变小，由此可得：外电路上总电压变小，电压表示数变小；R2上电流变小，但干路总电流变大，因此R3上电流变大，电流表示数变大．正确选项为B.少数考生没有将电流表和电压表进行理想化处理，由于电路结构较复杂，分析时产生失误．少数考生审题不严，误将滑动头P上移动理想为R3阻值变大，导致错误．‎ 答案：B ‎5.如图4所示的电路中，闭合电键，灯L1、L2正常发光．由于电路出现故障，突然发现灯L1变亮，灯L2变暗，电流表的读数变小．根据分析，发生的故障可能是 ‎(　　)‎ 图4‎ A．R1断路　　　　　 B．R2断路 C．R3短路 D．R4短路 解析：等效电路如图5所示，若R1断路，总外电阻变大，总电流减小，路端电压变大，L1两端电压变大，‎ 图5‎ L1变亮；ab部分电路结构没变，电流仍按原比例分配，总电流减小，通过L2、电流表的电流都减小，故A选项正确．若R2断路，总外电阻变大，总电流减小，ac部分电路结构没变，电流仍按原比例分配，R1、L1中电流都减小，与题意相矛盾，故B选项错．若R3短路或R4短路，总外电阻减小，总电流增大，A中电流变大，与题意相矛盾，故C、D选项错．‎ 答案：A ‎6．如图6所示，是一个由电池、电阻R与平行板电容器组成的串联电路．在增大电容器两极板间距离的过程中 ‎(　　)‎ 图6‎ A．电阻R中没有电流 B．电容器的电容变小 C．电阻R中有从a流向b的电流 D．电阻R中有从b流向a的电流 解析：增大电容器两极板间距离时，电容器电容变小，电容器放电，A极板上的正电荷通过电阻向电池充电，电阻R中有由a流向b的电流．‎ 答案：BC ‎7．图7为测量某电源电动势和内阻时得到的U－I图线．用此电源与三个阻值均为3 Ω的电阻连接成电路，测得路端电压为4.8 V．则该电路可能为 ‎(　　)‎ 图7‎ 解析：本题考查测电源的电动势和内电阻及电路的有关知识，意在考查考生综合运用电路知识和实验的有关方法解决问题的能力；由图可知，E＝Um＝6 V，U＝4 V时，I＝‎4 A，因此有6＝4＋4r，解得r＝0.5 Ω，当路端电压为4.8 V时，U内＝E－U＝6－4.8＝1.2 (V)，由＝，所以R＝r＝×0.5＝2 (Ω)，由电阻的串并联知识可知，正确答案为B.‎ 答案：B ‎8．某实物投影机有10个相同的强光灯L1～L10(24 V/200 W)和10个相同的指示灯X1～X10(220 V/2 W)，将其连接在220 V交流电源上，电路见图8.若工作一段时间后L2灯丝烧断，则 ‎(　　)‎ 图8‎ A．X1的功率减小，L1的功率增大 B．X1的功率增大，L1的功率增大 C．X2的功率增大，其他指示灯的功率减小 D．X2的功率减小，其他指示灯的功率增大 解析：本题考查闭合电路的欧姆定律和电路的相关问题，意在考查考生运用知识解决实际问题的能力．L2灯丝烧断，则电路中的总电阻变大，由欧姆定律知，总电流减小，则除L2支路外，其他支路两端的电压减小，强光灯和指示灯的功率都要减小．其他支路电压减小，则L2两端电压升高，其功率增大．‎ 答案：C 二、计算题(3×12′＝36′)‎ ‎9．电动势为E＝12 V的电源与电压表和电流表串联成闭合回路．如果将一电阻与电压表并联，则电压表的读数减小为原来的，电流表的读数增大为原来的3倍．求电压表原来的读数．‎ 解析：设电压表和电流表的原来读数分别为U、I，电源和电流表的内阻分别为r1和r2.由欧姆定律得 代入数据解得U＝9 V.‎ 答案：U＝9 V ‎10．如图9所示的电路中，电源电动势E＝6.00 V，其内阻可忽略不计．电阻的阻值分别为R1＝2.4 kΩ、R2＝4.8 kΩ，电容器的电容C＝4.7 μF.闭合开关S，待电流稳定后，用电压表测R1两端的电压，其稳定值为1.50 V.‎ 图9‎ ‎ (1)该电压表的内阻为多大？‎ ‎(2)由于电压表的接入，电容器的带电荷量变化了多少？‎ 解析：(1)设电压表的内阻为RV，测得R1两端的电压为U1，R1与RV并联后的总电阻为R，则有＝＋①‎ 由串联电路的特征＝②‎ 联立①②得RV＝ 代入数据，得RV＝4.8 kΩ.‎ ‎(2)电压表接入前，电容器上的电压UC等于电阻R2上的电压，R1两端的电压为UR1，则＝ 又E＝UC＋UR1‎ 接入电压表后，电容器上的电压为UC′＝E－U1‎ 由于电压表的接入，电容器带电荷量增加了ΔQ＝C(UC′－UC)，由以上各式解得ΔQ＝C(－U1)‎ 代入数据，可得ΔQ＝2.35×10－‎6 C.‎ 答案：(1)4.8 kΩ　(2)2.35×10－‎‎6 C ‎11．一个电源的路端电压U随外电路电阻R的变化规律如图10(甲)所示，图中U＝12 V的直线为图线 的渐近线．现将该电源和一个变阻器R0接成如图10(乙)所示电路，已知电源允许通过的最大电流为‎2 A，变阻器的最大阻值为R0＝22 Ω.求：‎ 图10‎ ‎(1)电源电动势E和内电阻r；‎ ‎(2)空载时A、B两端输出的电压范围．‎ ‎(3)A、B两端所能接负载的电阻的最小值．‎ 解析：(1)据全电路欧姆定律：E＝U＋Ir 由图(甲)可知，当I＝0时，E＝U＝12 V 当E＝12 V，R＝2 Ω时，U＝6 V，据全电路欧姆定律可得：r＝2 Ω ‎(2)空载时，当变阻器滑片移至最下端时，输出电压UAB＝0‎ 当滑片移至最上端时，有E＝UAB＋Ir，I＝ 可得这时的输出电压UAB＝11 V 所以，空载时输出电压范围为0～11 V.‎ ‎(3)设所接负载电阻的最小值为R′，此时滑片应移至最上端，电源电流最大I＝‎2 A，有：E＝I(R外＋r)，其中R外＝，代入数据可得：R′＝4.9 Ω.‎