四川罗渡中学高考物理一轮摸底练习题答案单独 5页

‎2019年四川罗渡中学高考物理二轮摸练习题（1）及答案 一、选择题 ‎1、(2019·福建省仙游一中月考)一条悬链长‎7.2 m，从悬挂点处断开，使其自由下落，不计空气阻力，则整条悬链通过悬挂点正下方‎20 m处的一点所需的时间是(g取‎10 m/s2)(　　)‎ A．0.3 s　B．0.4 s C．0.7 s D．1.2 s ‎2、(2019·湖北省襄阳市高三第一次调研测试)(多选)如图所示，半径可变的四分之一光滑圆弧轨道置于竖直平面内，轨道的末端B处切线水平，现将一小物体从轨道顶端A处由静止释放．小物体刚到B点时的加速度为a，对B点的压力为FN，小物体离开B点后的水平位移为x，落地时的速率为v.若保持圆心的位置不变，改变圆弧轨道的半径R(不超过圆心离地的高度)．不计空气阻力，下列图象正确的是(　　)‎ ‎3、如图所示，两箱相同的货物，现要用电梯将它们从一楼运到二楼，其中图甲是利用扶梯台式电梯运送货物，图乙是用履带式自动电梯运送，假设两种情况下电梯都是匀速地运送货物，下列关于两电梯在运送货物时说法正确的是(　　)‎ A．两种情况下电梯对货物的支持力都对货物做正功 B．图乙中电梯对货物的支持力对货物做正功 C．图甲中电梯对货物的支持力对货物做正功 D．图乙中电梯对货物的支持力对货物不做功 ‎4、有一匀强电场，方向如图所示，在电场中有三个点A、B、C，这三点的连线恰好构成一个直角三角形，且AC边与电场线平行．已知A、B两点的电势分别为φA＝5 V，φB＝1.8 V，A、B的距离为‎4 cm，B、C的距离为‎3 cm.若把一个电子(e＝1.6×10－‎19 C)从A点移动到C点，那么电子电势能的变化量为(　　)‎ A．8.0×10－19 J B．1.6×10－19 J C．－8.0×10－19 J D．－1.6×10－19 J ‎5、如图甲所示，一根电阻R＝4 Ω的导线绕成半径d＝‎2 m的圆，在圆内部分区域存在变化的匀强磁场，中间S形虚线是两个直径均为d的半圆，磁感应强度随时间变化如图乙所示(磁场垂直于纸面向外为正，电流逆时针方向为正)，关于圆环中的感应电流—时间图象，下列选项中正确的是(　　)‎ ‎6、(2019·河南鹤壁高级中学月考)(多选)如图所示是通过街头变压器降压给用户供电的示意图．输入电压是市区电网的电压，负载变化时输入电压不会有大的波动．两条输电线总电阻用R0表示．当负载增加时，则(　　)‎ A．电压表V1、V2的示数几乎不变 B．电流表A2的示数增大，电流表A1的示数减小 C．电压表V3的示数增大，电流表A2的示数增大 D．电压表V2、V3的示数之差与电流表A2的示数的比值不变 ‎7、(2019·安徽模拟)如图所示，理想变压器原、副线圈上接有四个完全相同的灯泡，若四个灯泡恰好都能正常发光，则下列说法正确的是(　　)‎ A．U1：U2＝3：4‎ B．U1：U2＝4：3‎ C．若将L1短路，则副线圈的三个灯泡仍能正常发光 D．若将L2短路，则副线圈的两个灯泡两端的电压变为额定电压的倍 二、非选择题 ‎1、(2019·安徽师大附中期中)如图所示，在正交坐标系xOy的第一、四象限内分别存在两个大小相等、方向不同的匀强电场，两组平行且等间距的实线分别表示两个电场的电场线，每条电场线与z轴所夹的锐角均为60°.一质子从y轴上某点A沿着垂直于电场线的方向射入第一象限，仅在电场力的作用下第一次到达x轴上的B点时速度方向正好垂直于第四象限内的电场线，之后第二次到达x轴上的C点．求 ‎(1)质子在A点和B点的速度之比；‎ ‎(2)OB与BC长度的比值．‎ ‎2、两位同学在实验室利用如图甲所示的电路测定定值电阻R0‎ ‎、电源的电动势E和内阻r，调节滑动变阻器的滑片P向某一方向移动时，一个同学记录了电流表A和电压表V1的测量数据，另一同学记录的是电流表A和电压表V2的测量数据，并根据数据分别描绘了如图乙所示的两条U－I直线a、b，回答下列问题：‎ ‎(1)根据两同学描绘的直线a、b，可知b图线是根据电压表________(填“V‎1”‎或“V‎2”‎)和电流表A的数据描绘的图线，并可以测得__________________(填写物理量符号及计算结果)．‎ ‎(2)忽略各电表对电路的影响，则该电路中电流表的读数最大不超过________ A.‎ 一、选择题 ‎1、解析：悬链下端到达‎20 m处时，用时t1，则12.8＝gt，悬挂点落至‎20 m处用时t2，则20＝gt，可知悬链通过‎20 m处用时Δt＝t2－t1＝0.4 s，B对．‎ 答案：B ‎2、解析：设小物体释放位置距地面高为H，小物体从A点到B点应用机械能守恒定律有，vB＝，到地面时的速度v＝，小物体的释放位置到地面间的距离始终不变，则选项D对；小物体在B点的加速度a＝＝‎2g，选项A对；在B点对小物体应用向心力公式，有FB－mg＝，又由牛顿第三定律可知N＝FB＝3mg，选项B错；小物体离开B点后做平抛运动，竖直方向有H－R＝gt2，水平方向有x＝vBt，联立可知x2＝4(H－R)R，选项C错．‎ 答案：AD ‎3、解析：在图甲中，货物随电梯匀速上升时，货物受到的支持力竖直向上，与货物位移方向的夹角小于90°，故此种情况下支持力对货物做正功，选项C正确；图乙中，货物受到的支持力与履带式自动电梯接触面垂直，此时货物受到的支持力与货物位移垂直，故此种情况下支持力对货物不做功，故选项A、B错误，D正确．‎ 答案：CD ‎4、解析：设AB与AC之间的夹角为θ，则cosθ＝，又AB的距离SAB＝‎ ‎4 cm‎，则AB沿场强方向的距离为dAB＝SABcosθ＝4× cm＝ cm，设A、B之间电势差为UAB，则电场强度为E＝＝＝100 V/m.电子从A点到达C点电势能的变化量为ΔEp＝－W＝1.6×10－19×100×0.05 J＝8.0×10－19 J，故A项正确．‎ 答案：A ‎5、解析：0～1 s，感应电动势为E1＝S＝×(V)＝4π(V)，由欧姆定律可知感应电流大小为I1＝＝(A)＝π(A)，由楞次定律知，感应电流为顺时针方向，为负方向，结合选项知C正确．‎ 答案：C ‎6、解析：理想变压器的输出电压是由输入电压和匝数比决定的，由于输入电压不会有大的波动，匝数比不变，所以输出电压几乎不变，故电压表V1、V2的示数几乎不变，选项A正确；当负载增加时，相当于支路增加，电路中的总电阻变小，总电流变大，即A2的示数变大，则A1的示数变大，选项B错误；由于副线圈中的电流变大，电阻R0两端的电压变大，又因为V2的示数几乎不变，所以V3的示数变小，选项C错误；电压表V2、V3的示数之差恰等于输电线损耗的电压值，电流表A2的示数为输电线上的电流，所以两者之比等于输电线的总电阻R0，不变，选项D正确．‎ 答案：AD ‎7、解析：设灯泡的额定电压为U，额定电流为I，则副线圈电压为3U，电流为I，原线圈的灯泡正常发光，电流也为I，所以原、副线圈的匝数比为1：1，原线圈两端电压为3U，所以U1：U2＝4：3，选项A错误、B正确；若将L1短路，则原线圈的电压增大，则副线圈两端电压也增大，三个灯泡不能正常发光，选项C错误；若将L2短路，设副线圈的电流为I′，原线圈的电流也为I′，因此2I′R＋I′R＝U1＝4U，则I′R＝U，即副线圈的每个灯泡两端的电压变为额定电压的，选项D正确．‎ 答案：BD 二、非选择题 ‎1、解析：(1)质子的运动轨迹如图所示，设质子在A、B两点的速度分别为v0、v，由题意知v与v0的夹角为60°，所以＝cos60°＝ ‎(2)设质子在电场中运动的加速度为a，从A运动到B经历的时间为t1‎ OB＝ON＋NB 由几何关系知：ON＝AMsin30°‎ NB＝MBcos30°‎ 沿垂直于v0方向上：AM＝at 沿平行于v0方向上：MB＝v0t1‎ 在B点：vsin60°＝at1‎ v0＝vcos60°‎ 解得：OB＝ 设质子从B到C经历时间为t2，作如图辅助线 沿CP方向：BCsin60°＝vt2‎ 沿BP方向：BCcos60°＝at 解得：BC＝ 所以：＝ 答案：(1)1：2　(2) ‎2、解析：(1)定值电阻的U－I图线是正比例图线，一定经过原点，故图线b是根据电压表V2和电流表A的数据描绘的，由图线b可得R0的电阻为2.0 Ω.(2)当滑动变阻器的滑片滑到最左端时，总电阻最小，电流最大，示数为‎0.5 A.‎ 答案：(1)V2　R0＝2.0 Ω　(2)0.5‎