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- 2021-04-21 发布
2019年百色市普通高中秋季学期期末考试试题
高二物理
本试卷分为第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
第Ⅰ卷（选择题 共40分）
一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～10题有多项题目符合要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）
1.关于磁场、磁感应强度和磁感线，下列说法中正确的是（ ）
A. 磁场中的磁感线有的不能相交，有的能相交
B. 磁感应强度是只有大小、没有方向的标量
C. 磁感线上每一点的切线方向都跟该点的磁场方向一致
D. 匀强磁场中沿磁感线方向，磁感应强度越来越小
【答案】C
【解析】
【详解】A．由于磁感线某点的切线所指的方向为该点磁场的方向，所以磁感线不能相交，若相交，则同一点的磁场会出现两个方向，A错误；
BC．磁感应强度是矢量，磁感线的疏密程度反映磁场的强弱，切线方向表示磁感应强度的方向，B错误，C正确；
D．匀强磁场，磁感应强度相同，并不是沿磁感线的方向，越来越小，D错误。
故选C。
2.两根完全相同的金属裸导线，将其中的一根均匀拉长到原来的2倍，把另一根对折后绞合起来，然后给它们加相同电压后，则在同一时间内通过它们的电荷量之比为
A. 1:4 B. 1:8 C. 1:16 D. 16:1
【答案】C
【解析】
【详解】设原来的电阻为R，其中的一根均匀拉长到原来的2倍，横截面积变为原来的，根据电阻定律：
可知电阻为：
另一根对折后绞合起来，长度减小为原来的一半，横截面积变为原来的2倍，根据电阻定律：
可知电阻为：
则两电阻之比为16：1，电压相等，根据欧姆定律，电流比为1：16，根据：
知相同时间内通过的电量之比为1：16，故选C．
3.如图所示，正对的平行板（矩形）电容器充电结束后保持与电源连接，电源电压恒为U，板长为L，带电油滴在极板间静止。现设法先使油滴保持不动，上极板固定，将下极板向上移动了后再由静止释放油滴，则（ ）
A. 电容器的电容变小 B. 电容器所带电荷量变大
C. 极板间的场强不变 D. 油滴仍保持静止
【答案】B
【解析】
【详解】A．根据电容的决定式
将下极板向上移动了，可知将板间距变小些，电容增大，A错误；
B．根据电容定义式
充电结束后保持与电源连接，极板间电压不变，因电容增大，那么电容器所带的电荷量增大，B正确；
CD．电容器一直与电源相连，极板两端的电压不变，板间距变小时，根据
两板间电场强度增大，根据
电场力变大，油滴将向上运动，不会保持静止，CD错误。
故选B。
4.小强在学习了《静电场》一章后，来到实验室研究如图所示的电场，实线和虚线分别表示该电场的电场线和等势线，若 a、b 两点所处的等势线电势为0，相邻等势线间的电势差为2V，则（ ）
A. a处电场强度等于b处电场强度
B. c、b两点间的电势差大于c、a 两点间的电势差
C. 电子在c处具有的电势能为20eV
D. 若将一电子在d处由静止释放，则运动至c点对应等势线时，具有的动能为2eV
【答案】D
【解析】
【详解】A.a处电场线较b处密集，a处电场强度大于b处电场强度，故A错误；
B. a、b 两点在同一等势面上，c、b两点间的电势差等于c、a两点间的电势差，故B错误；
C.电子在c处具有的电势能为-20eV，故C错误；
D. 电子在d处由静止释放，运动至c点对应等势线时，电场力做功2eV，电子的电势能减少2eV，动能增加2eV，故D正确．
5.下列各图中，已标出电流I和该电流产生的磁感线的方向，其中符合安培定则的是（ ）
A. 通电直导线 B. 通电直导线
C. 通电线圈 D. 通电螺线管
【答案】C
【解析】
【详解】A．A图中，由于电流方向垂直于纸面向外，根据安培定则知磁场方向为逆时针．故A错误；
B．B图中，由于电流的方向竖直向上，根据安培定则知，磁场方向应该右边垂直纸面向里，左边垂直纸面向外．故B错误；
C．C图中，从读者位置看，线框电流方向为逆时针方向，根据安培定则知，磁场的方向向上．故C正确；
D．D图中，根据安培定则，螺线管内部的磁场方向向右．故D错误；
故选C。
6.在如图甲所示的电路中，电源电动势为3.0V，内阻不计，L1、L2、L3为相同规格的三个小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示。当开关闭合后，下列判断不正确的是（ ）
A. 灯泡L1的电阻为12 Ω
B. 通过灯泡L1电流是通过灯泡L2电流的2倍
C. 灯泡L1两端电压是灯泡L2两端电压的2倍
D. 灯泡L2的电阻为7.5Ω
【答案】B
【解析】
【详解】A．当开关闭合后，灯泡L1的电压U1=3V，由图2读出其电流I1=0.25A，则灯泡L1的电阻
故A正确；
BCD．灯泡L2、L3串联，电压U2=U3=1.5V，由图读出其电流I2=I3=0.20A，则
，
故B错误，CD正确。
本题选择不正确的，故选B。
【点睛】本题关键抓住电源的内阻不计，路端电压等于电动势，来确定三个灯泡的电压。读图能力是基本功。
7.如图所示，匀强磁场的磁感应强度为B，带电粒子（电性已在图中标出）的速率为v，带电荷量为q，则关于带电粒子所受洛伦兹力的大小和方向说法正确的是（ ）
A. 图甲为，方向与v垂直斜向上
B. 图乙为，方向与v垂直斜向上
C. 图丙为，方向垂直纸面向里
D. 图丁为，方向垂直纸面向里
【答案】AB
【解析】
【详解】A．图中根据左手定则可知洛伦兹力方向应该垂直运动方向斜向上，大小为
A正确；
B．图中为负电荷，其受力方向垂直于运动方向指向左上方，大小为
B正确；
C．图中速度方向与磁场方向平行，不受洛仑兹力，C错误；
D．图中将速度分解为水平和竖直方向，则竖直分速度受洛仑兹力，大小为
方向垂直于纸面向里，D错误。
故选AB。
8.如图所示是某型号电吹风的电路图，它主要由电动机M和电热丝R构成．已知电吹风的额定电压为220V，吹冷风时的功率为120W，吹热风时的功率为1000W，关于该电吹风，下列说法正确的是
A. 若S1、S2闭合，则电吹风吹冷风
B. 电热丝的电阻为55Ω
C. 电动机工作时输出的机械功率为880W
D. 当电吹风吹热风时，电动机每秒钟消耗电能为120J
【答案】BD
【解析】
【详解】A．若闭合，电热丝接入，则此时电阻丝发热，电吹风冷出的是热风，故A错误；
B．电机和电阻并联，当吹热风时，电阻消耗的功率为：
由，可知，故B正确；
C．电动机工作时输出的功率为吹冷风时的功率，故只有，故C错误；
D．当吹热风时，电动机消耗的电功率仍为，故每秒钟消耗的电能为
，故D正确．
9.一匀强电场中，AB两点之间的电势差为8 V，两点之间的距离为2 m，则电场强度可能为多少（ ）
A. 8V/m B. 4V/m C. 2V/m D. 1V/m
【答案】AB
【解析】
【详解】因为，，，根据
所以，。
故选AB。
10.两个完全相同的金属小球（可视为点电荷），带电量分别为+ Q和+5Q，相距为 r，则下列说法中正确的是（ ）
A. 在它们连线的中点上，电场强度的大小为
B. 在它们连线的中点上，电场强度的大小为
C. 若两者相互接触后再放回原来的位置上，则它们间的库仑力为原来的1.8倍
D. 若两者相互接触后再放回原来的位置上，则它们间的库仑力为原来的0.8倍
【答案】AC
【解析】
【详解】AB．+ Q在连线的中点 处的电场强度
+ 5Q在连线的中点 处的电场强度
两场强叠加，电场强度的大小为
B错误A正确；
CD．原来两者之间的库仑力
两者相互接触后再放回原来的位置上，它们电荷均分，电荷量分别带+3Q，则它们间的库仑力变为
D错误C正确。
故选AC。
第Ⅱ卷（非选择题共60分）
二、填空题（本题共2题，共14分。把答案直接填在横线上）
11.在如图甲所示的电路中，四节干电池串联，小灯泡A、B的规格均为“3.8V，0.3A”。闭合开关S后，无论怎样移动滑片P，A、B灯都不亮。
(1)现用多用电表量程为10V的直流电压挡检查故障，测得c、d间电压约为5.8V，e、f间电压为0，则故障可能是______。
A．小灯泡B灯丝断路 B．小灯泡A灯丝断路
C．d、e间断路 D．小灯泡B灯被短路
(2)接着用多用电表测小灯泡的电阻。测量前，把小灯泡从电路中隔离，将多用电表的选择开关置于测电阻挡的“×1”挡。某次测量结果如图乙所示，测得小灯泡电阻为_____Ω。换掉损坏的元件，电路正常接通后，将多用电表选择开关置于“250mA”挡，断开开关S，将两表笔分别与a、b
两接线柱接触，稳定时其指针也恰好指在如图乙所示所指位置上，则通过灯泡的电流是________mA。
【答案】 (1). B (2).
【解析】
【详解】(1)[1]测得c、d间电压约为5.8V，说明此时电压表与电源两极相连，c、d间之外电路不存在断路，e、f间电压为0为零，说明e、f间没有断路，e、f之外电路存在断路，由此可知c、d间断路，即小灯泡A灯丝断路，ACD错误，B正确。
故选B。
(2)[2]小灯泡电阻为
[3]将多用电表选择开关置于“250mA”挡，由图示表盘可知，其分度值为5mA，示数为
12.测定电池的电动势和内阻的实验电路如图a所示，采用一节新干电池进行实验，实验时发现，当滑动变阻器在阻值较大的范围内调节时，电压表读数变化很小。为了较精确地测量一节新干电池的内阻，连接了一个定值电阻，实验电路原理图如图b所示。可用以下给定的器材和一些导线来完成实验，器材：量程3 V的理想电压表V，量程0.6 A的电流表A(具有一定内阻)，定值电阻R0＝1.5 Ω，滑动变阻器R1(0～10 Ω)，滑动变阻器R2(0～200 Ω)，开关S.
(1)为了方便实验调节且能较准确地进行测量，滑动变阻器应选用________(填R1或R2).
(2)按照实验电路原理图b做实验，请用笔画线代替导线在图c中完成实物连接图____。
(3)实验中改变滑动变阻器的阻值，测出几组电流表和电压表的读数，在给出的U－I坐标系中画出U－I图线如图d所示，则新干电池的内阻r＝________ Ω。(计算结果保留两位有效数字)
【答案】 (1). (2). (3).
【解析】
【详解】（1）[1] 电流表的量程 ，根据闭合电路欧姆定律可知，电路中需要的最大电阻应为
所以选择。
（2）[2]
。
（3）[3] 根据闭合电路欧姆定律应用
整理可得
根据函数斜率的概念应有
解得
。
三、计算题（本大题共4题，共46分。解答应写出必要的文字说明、方程式或演算步骤。有数值计算的要注明单位）
13.如图所示，一个质量为m电荷量为q的带电粒子从x轴上的a（a，0）点以速度v，沿与x正方向成60°的方向射入第一象限内的匀强磁场中，并恰好垂直于y轴射出第一象限。求：
(1)判断粒子的电性；
(2)匀强磁场的磁感应强度B。
(3)带电粒子在磁场中运动时间是多少？
【答案】（1）负电；（2） ；（3）
【解析】
【详解】（1）带电粒子轨迹如图所示
根据左手定则可知，带点粒子带负电荷
（2）设磁感应强度为B，粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径为r．粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛仑兹力提供向心力，由牛顿第二定律得
粒子运动轨迹如图所示，由几何知识得
解得
（3）设粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期为T
由图知，粒子在磁场中做圆周运动对应的圆心角为
粒子在磁场中运动时间
解得
14.如图所示，两根平行金属导轨M、N，电阻不计，相距0.2m，上边沿导轨垂直方向放一个质量为m＝5×10-2kg的金属棒ab，ab的电阻为0.5Ω。两金属棒一端通过电阻R和电源相连。电阻R＝2Ω，电源电动势E＝6V，电源内阻r＝0.5Ω，如果在装置所在的区域加一个匀强磁场，使ab对导轨的压力恰好是零，并使ab处于静止。（导轨光滑，g=10m/s2）求：
(1)ab中的电流I有多大？
(2)ab杆所受的安培力F的大小，方向？
(3)所加磁场磁感强度B的大小和方向？
【答案】(1)；(2)0.5N，方向竖直向上；(3)1.25T，方向水平向右
【解析】
【详解】(1)由全电路的欧姆定律
(2)因ab静止，由平衡条件得
F=mg=0.5N
方向竖直向上。
(3)因电流从a到b，由左手定则可知B方向水平向右，且因
F=BIL
得
15.在方向水平、足够大的匀强电场中，一不可伸长的绝缘细线的一端连着一个质量为m、带电量为q的带电小球，另一端固定于O点，平衡时细线与竖直方向的夹角成30°:
（1）电场强度的大小；
（2）若剪断细线，则小球的加速度有多大；
（3）剪断细线开始经历1秒小球电势能的变化. (最后答案用m、q、g等符号表示)
【答案】（1） （2） （3）
【解析】
【分析】(1)受力分析结合，根据平衡条件即可求解；(2) 若剪断细线，先求合力在根据牛顿第二定律解题；(3)电场力所做的功等于电势能的变化量．
【详解】（1）带电小球在重力mg、电场力qE和绳的拉力T作用下处于平衡
则有：
解得：
（2）剪断细线时小球在重力mg、电场力qE 的合力作用下，沿细线方向做匀加速直线运动由牛顿第二定律得：
解得：
（3）1秒钟内小球发生的位移：
小球沿电场线移动的位移
所以电势能的变化
【点睛】本题考查牛顿第二定律应用及功能关系；掌握带电体在电场中平衡问题，理解力的矢量合成法则，及三角知识的运用，注意分析受力．
16.如图所示，在y＞0的空间中存在匀强电场，场强沿y轴负方向；在y＜0的空间中，存在匀强磁场，磁场方向垂直xy平面（纸面）向外。一电量为q、质量为m的带正电的运动粒子，经过y轴上y＝h处的点P1时速率为v0，方向沿x轴正方向；然后，经过x轴上x＝2h处的P2点进入磁场，并经过y轴上y＝处的P3点。不计重力。求：
⑴电场强度的大小。
⑵粒子到达P2时速度大小和方向。
⑶磁感应强度的大小。
【答案】（1）（2），45º （3）
【解析】（1）粒子在x轴上方电场中做类平抛运动：
x方向：
2h=v0t
y方向：
h=
解得：
E=；
（2）粒子做类平抛运动，x方向：
2h=v0t
竖直方向分速度：
vy=at=
粒子到达P2时速度大小：
v=
解得：
v=
tanθ=，
则速度方向与+x方向夹角：θ=45°；
（3）粒子运动轨迹如图所示：
由几何知识可得：r=h,粒子在磁场中做匀速圆周运动,洛伦兹力提供向心力,由牛顿第二定律得:
qvB=m，
解得：
B=