福建省仙游第一中学2020学年高二物理上学期暑假返校（开学）考试试题 25页

仙游一中2020年高二暑期返校考 ‎ 物理试卷 一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的的四个选项中，第1—7小题只有一个选项正确，第8—12小题有多个选项正确。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。）‎ ‎1. 在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法、科学假说法和建立物理模型法等等。以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确的是（ ）‎ A. 在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法 B. 根据速度定义式，当非常非常小时，就可以表示物体在t时瞬时速度，该定义应用了极限思想方法 C. 在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验应用了控制变量法 D. 在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法 ‎2. 汽车以恒定功率P由静止出发，沿平直路面行驶，最大速度为v，则下列判断正确的是（ ）‎ A．汽车先做匀加速运动，最后做匀速运动 B．汽车先做加速度越来越大的加速运动，最后做匀速运动 C．汽车先做加速度越来越小的加速运动，最后做匀速运动 D．汽车先做加速运动，再做减速运动，最后做匀速运动 ‎3. 一物体受绳的拉力作用由静止开始前进，先做加速运动，然后改为匀速运动；再改做减速运动，则下列说法中正确的是(　　)‎ A. 加速前进时，绳拉物体的力大于物体拉绳的力 B. 减速前进时，绳拉物体的力小于物体拉绳的力 C. 只有匀速前进时，绳拉物体的力与物体拉绳的力大小才相等 D. 不管物体如何前进，绳拉物体的力与物体拉绳的力大小总相等 ‎4. 一质点的x－t图象如图，各图中能正确表示该质点的v-t图象的是(　　)‎ A B C D R O F ‎5. 如图，某力F=10N作用于半径R=‎1m的转盘的边缘上，力F的大小保持不变，但方向始终保持与作用点的切线方向一致，则转动一周这个力F做的总功应为(　　)‎ ‎　 A、 0J　 B、20πJ　 　 C 、10J　 D、20J ‎6. 细绳拴一个质量为m的小球，小球用固定在墙上的水平弹簧支撑，小球与弹簧不粘连。平衡时细绳与竖直方向的夹角为53°，如图所示，下列说法正确的是 ( ) （sin53°=0.8，cos53°=0.6）‎ A. 小球静止时弹簧的弹力大小为mg B. 小球静止时细绳的拉力大小为mg C. 细绳烧断瞬间小球的加速度为g D. 细线烧断后小球做自由落体运动 ‎7. 如图，不计质量的光滑小滑轮用 细绳悬挂于墙上的O点，跨过滑轮的细绳连接物块A、B，A、B都处于静止状态，现将物块B移至C点后，A、B仍保持静止，下列说法中正确的是（　　）‎ A. B与水平面间的摩擦力减小 B. 绳子对B的拉力增大 C. 悬于墙上的绳所受拉力不变 D. A、B静止时，图中α、β、θ三角始终相等 ‎8.如图，细杆的一端与一小球相连，可绕过O点的水平轴自由转动现给小球一初速度，使它做圆周运动，图中a、b分别表示小球轨道的最低点和最高点，则杆对球的作用力可能是（ ）‎ A．a处为推力，b处为拉力 B．a处为推力，b处为推力 C．a处为拉力，b处为拉力 D．a处为拉力，b处为推力 ‎9.如图，人在岸上拉船，已知船的质量为m，水的阻力恒为Ff，当轻绳与水平面的夹角为θ时，船的速度为v，此时人的拉力大小为FT，则此时（ ）‎ A．人拉绳行走的速度为vcosθ B．人拉绳行走的速度为 C．船的加速度为 D．船的加速度为 ‎10. “蹦极”是一项刺激的体育运动。某人身系弹性绳自高空P点自由下落，图中a点是弹性绳的原长位置，c是人所到达的最低点，b是人静止悬吊着时的平衡位置，人在从P点下落到最低点c点的过程中( )‎ A. 在b点时人的速度最大 B. 在ab段绳的拉力小于人的重力，人处于失重状态 C. 在a、b、c三点中，人在a点时加速度最大 D. 在c点，人的速度为零，处于平衡状态 ‎11. 如图所示，在光滑的桌面上有M、m两个物块，现用力F推物块m，使M、m两物块在桌上一起向右加速，则M、m间的相互作用力为( )‎ A. ‎ B. ‎ C. 若桌面的摩擦因数为，M、m仍向右加速，则M、m间的相互作用力为 D. 若桌面的摩擦因数为，M、m仍向右加速，则M、m间的相互作用力仍为 ‎12.太阳系各行星几乎在同一平面内沿同一方向绕太阳做圆周运动。当地球恰好运行到某地外行星和太阳之间，且三者几乎排成一条直线的现象，天文学中称为“行星冲日”。假定有两个地外行星A和B，地球公转周期T0=1年，公转轨道的半径为，A行星的公转周期TA=2年，B行星公转的轨道半径，则 A．相邻两次A星冲日间隔为2年 B．相邻两次B星冲日间隔为8年 C．相邻两次A星冲日间隔时间比相邻两次B星冲日间隔时间长 Ｄ．相邻两次A、B两星同时冲日时间间隔为8年 二、实验题：（共3小题，每空2分，共18分。）‎ ‎13. “探究求合力的方法”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳，图乙是在白纸上根据实验结果画出的图示．‎ ‎(1)某次实验中，拉OC细绳的弹簧秤指针位置如甲图所示，其读数为_____N；乙图中的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是_____．‎ ‎(2)关于此实验下列说法正确的是________.‎ A．与橡皮筋连接的细绳必须等长 B．用两只弹簧秤拉橡皮筋时，应使两弹簧秤的拉力相等，以便算出合力的大小 C．用两只弹簧秤拉橡皮筋时，结点位置必须与用一只弹簧秤拉时结点的位置重合 D．拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要短一些 ‎14. 在“验证机械能守恒定律”‎ 实验中，利用重锤拖着纸带自由下落，通过打点计时器打出一系列的点，对纸带上的点进行测量，即可验证机械能守恒定律。‎ ‎(1)安装好实验装置，正确进行实验操作，从打出的纸带中选出符合要求的纸带，如图所示。图中O点为打点起始点，且速度为零。‎ ‎(2)本实验是否需要测定重锤质量m：________(填“需要”或“不需要”)。‎ ‎(3)选取纸带上打出的连续点A、B、C、…,测出其中E、F、G点距起始点O的距离分别为h1、h2、h3，已知当地重力加速度为g，打点计时器打点周期为T。为验证从打下F点的过程中机械能是否守恒，需要验证的表达式是_________(用题中所给字母表示)。‎ ‎15. 在探究“加速度与力、质量的关系”的实验中，实验装置如下图：‎ ‎(1)在实验前必须进行平衡摩擦力，其步骤如下：取下细线和砂桶，把木板不带滑轮的一端适当垫高并反复调节，直到轻推小车，使小车做___________直线运动 ‎(2)某同学在探究小车质量不变，小车的加速度与小车所受合力间的关系时，该同学平衡小车的摩擦阻力后，为了使小车所受的合力近似等于砝码的重力，小车的质量M和砝码的质量m分别应选取下列哪组值最适宜 A．M=‎500g，m分别为‎50g、‎70g、‎100g、‎‎225g B．M=‎500g，m分别为‎20g、‎30g、‎40g、‎‎50g C．M=‎200g，m分别为‎50g、‎75g、‎100g、‎‎225g D．M=‎200g，m分别为‎30g、‎40g、‎50g、‎‎100g ‎(3)在某次实验中，某同学得到一条打点清晰的纸带，并且每5个计时点取一个计数点（每相邻的计数点间还有4个计时点未画出），如图，已知每相邻的2个计数点间的距离为s，且s1＝‎ ‎0.95cm‎，s2＝‎2.88cm，s3＝‎4.80cm，s4＝‎6.71cm，s5＝‎8.64cm，s6＝‎10.57cm，电磁打点计时器的电源频率为50Hz。试计算此纸带的加速度大小a＝________m/s2（计算结果保留3位有效数字）‎ ‎(4)在平衡好摩擦力的情况下，探究小车加速度a与小车受力F的关系中，将实验测得的数据在坐标图中描点并作出a–F图线，如图。从a–F图线求得小车的质量为__________kg(保留两位有效数字）。‎ 三、计算题：（3小题，共34分；解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写最后答案的不给分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。）‎ ‎16. 如图，质量为‎2kg的物体在与水平方向成37°角的斜向上的拉力F作用下由静止开始运动。已知力F的大小为5N，物体与地面之间的动摩擦因数μ为0.2，重力加速度g=‎10m/s2。（sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：‎ ‎(1)物体由静止开始运动后的加速度大小；‎ ‎(2)8s末物体的瞬时速度大小和8s时间内物体通过的位移大小；‎ ‎(3)若8s末撤掉拉力F，则物体还能前进多远？‎ ‎17. 如图，水平传送带以v=‎2 m/s的速度匀速转动，传送带两端的长度L＝‎8m，现在传送带左端A无初速度竖直释放某一物块，t1=2s时物块的速度与传送带的速度相同，(g＝‎10 m/s2)试求：‎ ‎（1）物块与传送带间的动摩擦因数μ；‎ ‎（2） 物块由传送带左端A运动到右端B的时间t；‎ ‎（3）若传送带匀速转动的速度可调，则传送带至少以多大速度vmin运行，物块从A端到B端运动时间才是最短？‎ ‎18. 如图，一质量为m=‎1kg的小球从A点沿光滑斜面轨道由静止滑下，不计通过B点时的能量损失，然后依次滑入两个相同的圆形轨道内侧，其轨道半径R=‎10cm，小球恰能通过第二个圆形轨道的最高点，小球离开圆形轨道后可继续向E点运动，E点右侧有一壕沟，E、F两点的竖直高度d=‎0.8m，水平距离x=‎1.2m，水平轨道CD长L1=‎1m，DE长为L2=‎3m。轨道除CD和DE部分粗糙外，其余均光滑，小球与CD和DE间的动摩擦因数μ=0.2，重力加速度g=‎10m/s2。求：‎ ‎⑴小球通过第二个圆形轨道的最高点时的速度；‎ ‎⑵小球通过第一个圆轨道最高点时对轨道的压力；‎ ‎⑶若小球既能通过圆形轨道的最高点，又不掉进壕沟，求小球从A点释放时的高度的范围是多少？‎ 仙游一中2020年高二暑期返校考 物理试卷 一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的的四个选项中，第1—7小题只有一个选项正确，第8—12小题有多个选项正确。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。）‎ 题号 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ ‎7‎ ‎8‎ ‎9‎ ‎10‎ ‎11‎ ‎12‎ 答案 二、实验题：（共3小题，每空2分，共18分。）‎ ‎13.(1) N； ．(2) .‎ ‎14. (2) (3) (用题中所给字母表示)。‎ 15. ‎(1) (2)‎ (3) m/s2（计算结果保留3位有效数字）‎ (4) kg(保留两位有效数字）。‎ 三、计算题：（3小题，共34分；解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写最后答案的不给分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。）‎ ‎16.‎ ‎17.‎ ‎18.‎ 仙游一中2020年高二暑期返校考 物理试卷 一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的的四个选项中，第1—7小题只有一个选项正确，第8—12小题有多个选项正确。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。）‎ ‎1. 在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法、科学假说法和建立物理模型法等等。以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确的是（ ）‎ A. 在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法 B. 根据速度定义式，当非常非常小时，就可以表示物体在t时瞬时速度，该定义应用了极限思想方法 C. 在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验应用了控制变量法 D. 在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法 ‎【答案】A ‎【解析】A、质点采用的科学方法为建立理想化的物理模型的方法，忽略次要因素抓住主要因素，故A错误。B、根据速度定义式，当△t极小时表示物体在时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法，故B正确。C、研究牛顿第二定律采用控制变量法，保持合外力不变或质量不变分别研究关系，故C正确。D、在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法，故D正确；本题选不正确的，故选A。‎ ‎【点睛】在高中物理学习中，我们会遇到多种不同的物理分析方法，这些方法对我们理解物理有很大帮助，故在理解概念和规律的基础上，更要注意方法的积累和学习．‎ ‎2. 汽车以恒定功率P由静止出发，沿平直路面行驶，最大速度为v，则下列判断正确的是（ C ）‎ A．汽车先做匀加速运动，最后做匀速运动 B．汽车先做加速度越来越大的加速运动，最后做匀速运动 C．汽车先做加速度越来越小的加速运动，最后做匀速运动 D．汽车先做加速运动，再做减速运动，最后做匀速运动 ‎3. 一物体受绳的拉力作用由静止开始前进，先做加速运动，然后改为匀速运动；再改做减速运动，则下列说法中正确的是(　　)‎ A. 加速前进时，绳拉物体的力大于物体拉绳的力 B. 减速前进时，绳拉物体的力小于物体拉绳的力 C. 只有匀速前进时，绳拉物体的力与物体拉绳的力大小才相等 D. 不管物体如何前进，绳拉物体的力与物体拉绳的力大小总相等 ‎【答案】D ‎【解析】绳拉物体的力与物体拉绳的力是一对作用力与反作用力，所以大小始终相等，故A、B、C错误；D正确。‎ ‎4. 一质点的x－t图象如图所示，各图中能正确表示该质点的v-t图象的是(　　)‎ A B C D ‎【答案】A ‎【解析】试题分析：在第一段时间内质点的位移在减小，所以物体朝着负方向运动，质点的速度为负值，沿负方向做匀速直线运动；在中间一段时间内质点的位移没有发生变化，所以质点处于静止状态，即速度为零，在后一段时间内，质点又开始朝着正方向运动，即速度为正，且做匀速直线运动，最后质点的位移保持不变，即速度为零，所以A正确，‎ 考点：本题考查对位移-时间图象与速度-时间图象的理解能力，及把握联系的能力．‎ 点评：质点的位移s与时间t图象的斜率表示速度．倾斜的直线表示质点做匀速直线运动，平行于t轴的直线表示质点处于静止状态．‎ R O F ‎5. 如图所示，某力F=10N作用于半径R=‎1m的转盘的边缘上，力F的大小保持不变，但方向始终保持与作用点的切线方向一致，则转动一周这个力F做的总功应为(　　)‎ ‎　 A、 0J　 B、20πJ　 　 C 、10J　 D、20J ‎★解析：把圆周分成无限个小元段，每个小元段可认为与力在同一直线上，故ΔW=FΔS，则转一周中各个小元段做功的代数和为W=F×2πR=10×2πJ=20πJ，故B正确。‎ ‎6. 细绳拴一个质量为m的小球，小球用固定在墙上的水平弹簧支撑，小球与弹簧不粘连。平衡时细绳与竖直方向的夹角为53°，如图所示，下列说法正确的是 ( ) （sin53°=0.8，cos53°=0.6）‎ A. 小球静止时弹簧的弹力大小为mg B. 小球静止时细绳的拉力大小为mg C. 细绳烧断瞬间小球的加速度为g D. 细线烧断后小球做自由落体运动 ‎【答案】C ‎【解析】A、B、小球静止时，分析受力分析，如图所示：‎ 由平衡条件得：弹簧的弹力大小为：，细绳的拉力大小为；故A错误，B错误。C、D、细绳烧断瞬间弹簧的弹力不变，则小球所受的合力与烧断前细绳拉力的大小相等、方向相反，则此瞬间小球的加速度大小为：，则小球不会做自由落体运动，故C正确，D错误。故选C。‎ ‎【点睛】本题中小球先处于平衡状态，由平衡条件求解各力的大小，后烧断细绳，小球处于非平衡条件，抓住细绳烧断瞬间弹簧的弹力不会突变是关键．‎ ‎7. 如图所示，不计质量的光滑小滑轮用 细绳悬挂于墙上的O点，跨过滑轮的细绳连接物块A、B，A、B都处于静止状态，现将物块B移至C点后，A、B仍保持静止，下列说法中正确的是（　　）‎ A. B与水平面间的摩擦力减小 B. 绳子对B的拉力增大 C. 悬于墙上的绳所受拉力不变 D. A、B静止时，图中α、β、θ三角始终相等 ‎【答案】D ‎【解析】试题分析：对B分析，B向右移动时，绳与地面的夹角减小，绳水平分量增大，而水平方向B受力平衡，摩擦力增大，故A正确；对A分析，由于A处于静止，故绳子的拉力等于A的重力；绳子对B的拉力也保持不变，等于A的重力；故B错误；由于两绳间夹角增大，而两拉力不变，故悬于绳上的绳子的拉力将减小，故C错误；对滑轮分析，由于A一直竖直，故绳子与墙平行，故α=θ；因拉A的绳子与拉B的绳子力相等，而拉滑轮的力与两绳子的力的合力大小相等，故拉滑轮的力应这两绳子拉力的角平分线上，故α、β、θ三角始终相等，故D正确；故选AD．‎ 考点：物体的平衡 ‎【名师点睛】本题要注意分别对A、B及滑轮分析，根据共点力的平衡条件可得出各物体受力的关系；同时注意要根据力的合成与分解等知识进行讨论。‎ ‎8.如图，细杆的一端与一小球相连，可绕过O点的水平轴自由转动现给小球一初速度，使它做圆周运动，图中a、b分别表示小球轨道的最低点和最高点，则杆对球的作用力可能是（CD）‎ A．a处为推力，b处为拉力 B．a处为推力，b处为推力 C．a处为拉力，b处为拉力 D．a处为拉力，b处为推力 ‎9.如图所示，人在岸上拉船，已知船的质量为m，水的阻力恒为Ff，当轻绳与水平面的夹角为θ时，船的速度为v，此时人的拉力大小为FT，则此时 A．人拉绳行走的速度为vcosθ B．人拉绳行走的速度为 C．船的加速度为 D．船的加速度为 ‎【答案】AC ‎【解析】船的运动是合运动，它实际上是同时参与了两个分运动；一是沿绳方向的直线运动，二是以滑轮为圆心转动的分运动（即垂直于绳方向的分运动），因此将船的速度进行分解如图甲所示，人拉绳行走的速度v人=vcosθ，A正确，B错误；船的受力如图乙所示，绳对船的拉力等于人拉绳的力，即绳的拉力大小为FT，与水平方向成θ角，因此FTcos θ－Ff=ma，解得 ，C正确，D错误。‎ ‎10. “蹦极”是一项刺激的体育运动。某人身系弹性绳自高空P点自由下落，图中a点是弹性绳的原长位置，c是人所到达的最低点，b是人静止悬吊着时的平衡位置，人在从P点下落到最低点c点的过程中( )‎ A. 在b点时人的速度最大 B. 在ab段绳的拉力小于人的重力，人处于失重状态 C. 在a、b、c三点中，人在a点时加速度最大 D. 在c点，人的速度为零，处于平衡状态 ‎【答案】AB ‎【解析】试题分析：A、从a点到b点的过程重力大于弹力，加速度向下，加速；从b点到c点弹力大于重力，加速度向上，减速，因此在b点速率最大；错误 B、从a点到b点的过程重力大于弹力，加速度向下，人处于失重状态；正确 C、当人从静止由弹性绳原长处下落，初位置加速度为g，根据对称性，到达最低点时加速度也为g，方向竖直向上．当物体从一定高度下落，则最低点更低，根据牛顿第二定律，加速度的大小大于g；错误 D、在c点，人的速度为零，此时弹力大于重力，加速度向上，受力不平衡；错误 故选B 考点：牛顿第二定律 点评：题关键点是重力与弹力相等的位置速度最大，此前加速，此后到速度为零前减速，加速度先向下减小在反向增大。‎ ‎11. 如图所示，在光滑的桌面上有M、m两个物块，现用力F推物块m，使M、m两物块在桌上一起向右加速，则M、m间的相互作用力为( )‎ A. ‎ B. ‎ C. 若桌面的摩擦因数为，M、m仍向右加速，则M、m间的相互作用力为 D. 若桌面的摩擦因数为，M、m仍向右加速，则M、m间的相互作用力仍为 ‎【答案】BD ‎【解析】A、B、根据牛顿第二定律得，对整体；，对M：．故A错误，B正确．C、D、根据牛顿第二定律得，对整体：，对M：N-μMg=Ma，得到 ．故C，D错误．故选B.‎ ‎【点睛】本题是连接类型的问题，关键是灵活选择研究对象．对于粗糙情况，不能想当然选择C，实际上两种情况下MN间作用力大小相等．‎ ‎12.太阳系各行星几乎在同一平面内沿同一方向绕太阳做圆周运动。当地球恰好运行到某地外行星和太阳之间，且三者几乎排成一条直线的现象，天文学中称为“行星冲日”。假定有两个地外行星A和B，地球公转周期T0=1年，公转轨道的半径为，A行星的公转周期TA=2年，B行星公转的轨道半径，则 A．相邻两次A星冲日间隔为2年 B．相邻两次B星冲日间隔为8年 C．相邻两次A星冲日间隔时间比相邻两次B星冲日间隔时间长 Ｄ．相邻两次A、B两星同时冲日时间间隔为8年 ‎【答案】ACD 二、实验题：（共3小题，每空2分，共18分。）‎ ‎13. “探究求合力的方法”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳，图乙是在白纸上根据实验结果画出的图示．‎ ‎(1)某次实验中，拉OC细绳的弹簧秤指针位置如甲图所示，其读数为_____N；乙图中的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是_____．‎ ‎(2)关于此实验下列说法正确的是________.‎ A．与橡皮筋连接的细绳必须等长 B．用两只弹簧秤拉橡皮筋时，应使两弹簧秤的拉力相等，以便算出合力的大小 C．用两只弹簧秤拉橡皮筋时，结点位置必须与用一只弹簧秤拉时结点的位置重合 D．拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要短一些 ‎【答案】 (1). 2.60 (2). F′ (3). C ‎【解析】(1)弹簧秤最小刻度为0.1N，估读到0.01N，则读数为2.80N; F是通过作图的方法得到合力的理论值，而F′是通过一个弹簧称沿AO方向拉橡皮条，使橡皮条伸长到O点，使得一个弹簧称的拉力与两个弹簧称的拉力效果相同，测量出的合力．故方向一定沿AO方向的是F′，由于误差的存在F和F′方向并不在重合．‎ ‎(2)A、与橡皮筋连接的细绳要稍微长些，并非要求等长，故A错误。B、实验要方便、准确，两分力适当大点，读数时相对误差小，但没有要求两力必须相等，故B错误；C、为了保证效果相同，两次拉橡皮筋时，需将橡皮筋结点拉至同一位置，故C正确。D、为了更加准确的记录力的方向，拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些，故D错误。故选C。‎ ‎【点睛】‎ 明确实验原理，要求在“验证力的平行四边形定则”实验中，我们要知道分力和合力的效果是等同的，同时根据实验原理去分析实验中的注意事项和减小误差的基本方法．‎ ‎14. 在“验证机械能守恒定律”实验中，利用重锤拖着纸带自由下落，通过打点计时器打出一系列的点，对纸带上的点进行测量，即可验证机械能守恒定律。‎ ‎(1)安装好实验装置，正确进行实验操作，从打出的纸带中选出符合要求的纸带，如图所示。图中O点为打点起始点，且速度为零。‎ ‎(2)本实验是否需要测定重锤质量m：________(填“需要”或“不需要”)。‎ ‎(3)选取纸带上打出的连续点A、B、C、…,测出其中E、F、G点距起始点O的距离分别为h1、h2、h3，已知当地重力加速度为g，打点计时器打点周期为T。为验证从打下F点的过程中机械能是否守恒，需要验证的表达式是_________(用题中所给字母表示)。‎ ‎【答案】 （2）不需要 （3）‎ ‎【解析】（2）验证机械能守恒，即验证动能的增加量和重力势能的减小量是否相等，质量可以约去，不需要测量重锤的质量．‎ ‎（3）F点的瞬时速度vF＝，则动能的增加量△Ek＝mvF2＝，重力势能的减小量△Ep=mgh2，则需要验证的表达式为：mgh2＝，即gh2＝。‎ ‎15. 在探究“加速度与力、质量的关系”的实验中，实验装置如下图所示：‎ ‎(1)在实验前必须进行平衡摩擦力，其步骤如下：取下细线和砂桶，把木板不带滑轮的一端适当垫高并反复调节，直到轻推小车，使小车做___________直线运动 ‎(2)某同学在探究小车质量不变，小车的加速度与小车所受合力间的关系时，该同学平衡小车的摩擦阻力后，为了使小车所受的合力近似等于砝码的重力，小车的质量M和砝码的质量m分别应选取下列哪组值最适宜（______）‎ A．M=‎500g，m分别为‎50g、‎70g、‎100g、‎‎225g B．M=‎500g，m分别为‎20g、‎30g、‎40g、‎‎50g C．M=‎200g，m分别为‎50g、‎75g、‎100g、‎‎225g D．M=‎200g，m分别为‎30g、‎40g、‎50g、‎‎100g ‎(3)在某次实验中，某同学得到一条打点清晰的纸带，并且每5个计时点取一个计数点（每相邻的计数点间还有4个计时点未画出），如图所示，已知每相邻的2个计数点间的距离为s，且s1＝‎0.95cm，s2＝‎2.88cm，s3＝‎4.80cm，s4＝‎6.71cm，s5＝‎8.64cm，s6＝‎10.57cm，电磁打点计时器的电源频率为50Hz。试计算此纸带的加速度大小a＝________m/s2（计算结果保留3位有效数字）‎ ‎(4)在平衡好摩擦力的情况下，探究小车加速度a与小车受力F的关系中，将实验测得的数据在坐标图中描点并作出a–F图线，如图所示。从a–F图线求得小车的质量为__________kg(保留两位有效数字）。‎ ‎【答案】 (1). 匀速 (2). B (3). 1.92 (4). 0.50‎ ‎【解析】(1)在实验前必须进行平衡摩擦力，其步骤如下：取下细线和砂桶，把木板不带滑轮的一端适当垫高并反复调节，直到轻推小车，使小车恰好做匀速直线运动，这样小车所受的摩擦力与小车沿斜面向下的重力的分力平衡．‎ ‎(2)该实验要求满足小车的质量大于大于钩码的质量，这样小车所受的合力才近似等于砝码的重力，只有B满足此条件，故选B。‎ ‎(3)根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：s4-s1=‎3a1T2 ，s5-s2=‎3a2T2 ，s6-s3=‎3a3T2 ，为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值，联立得，代入数据得.‎ ‎(4) 根据得a-F图线的斜率倒数表示物体的质量，则有：，解得：.‎ ‎【点睛】本题考查牛顿第二定律的验证实验，对于书本上的实验，我们要从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚．实验的图象描绘，物理结合数学的应用都值得注意．‎ 三、计算题：（3小题，共37分；解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写最后答案的不给分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。）‎ ‎16. 如图所示，质量为‎2kg的物体在与水平方向成37°角的斜向上的拉力F作用下由静止开始运动。已知力F的大小为5N，物体与地面之间的动摩擦因数μ为 ‎0.2，（sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：‎ ‎(1)物体由静止开始运动后的加速度大小；‎ ‎(2)8s末物体的瞬时速度大小和8s时间内物体通过的位移大小；‎ ‎(3)若8s末撤掉拉力F，则物体还能前进多远？‎ ‎【答案】(1)a=‎0.3m/s2 (2)x=‎9.6m (3)x′=‎‎1.44m ‎【解析】(1)物体的受力情况如图所示：‎ 根据牛顿第二定律，得: Fcos37°-f=ma Fsin37°+FN=mg 又f=μFN 联立得：a=‎ 代入解得a=‎0.3m/s2‎ ‎(2)8s末物体的瞬时速度大小v=at=0.3×‎8m/s=‎2.4m/s ‎8s时间内物体通过的位移大小 ‎(3)8s末撤去力F后，物体做匀减速运动，‎ 根据牛顿第二定律得，物体加速度大小 由v2=‎2a′x′得:‎ ‎【点睛】‎ 本题关键是多次根据牛顿第二定律列式求解加速度，然后根据运动学公式列式求解运动学参量。‎ ‎17. 如图所示，水平传送带以v=‎2 m/s的速度匀速转动，传送带两端的长度L＝‎8m，现在传送带左端A无初速度竖直释放某一物块，t1=2s时物块的速度与传送带的速度相同，(g＝‎10 m/s2)试求：‎ ‎（1）物块与传送带间的动摩擦因数μ；‎ ‎（2） 物块由传送带左端A运动到右端B的时间t；‎ ‎（3）若传送带匀速转动的速度可调，则传送带至少以多大速度vmin运行，物块从A端到B端运动时间才是最短？‎ ‎【答案】（1）=0.1 （2）5s （3）‎4m/s ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）物块在传送带上先做初速度为零的匀加速运动，根据速度时间公式求出加速度的大小，根据牛顿第二定律即可求出动摩擦因数；（2）先分析当物块加速的位移与传送带的长度关系，从而得出传送带的运动情况，再根据运动规律求出时间；（3）当物块一直加速时，时间最短，根据速度位移公式求出最小速度。‎ ‎【详解】(1)依题意知：物块运动的加速度大小为：‎ 物块被放在传送带上时初速度为零，相对于传送带向左运动，受滑动摩擦力向右，大小为：‎ 物块与传送带间的动摩擦因数 ‎(2) 在时间内工件运动的位移 故物块达到与传送带相同的速度后与传送带相对静止，一起匀速运动至B端．‎ 经过时间后，物块做匀速运动的时间为 物块由传送带左端运动到右端共用时间为 ‎（3）当物块一直加速时，时间最短，则传送带的最小速度 解得：‎ ‎【点睛】解决本题的关键理清物块在整个过程中的运动规律，结合运动学公式和牛顿第二定律综合求解，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁．‎ ‎18. 如图所示，一质量为m=‎1kg的小球从A点沿光滑斜面轨道由静止滑下，不计通过B点时的能量损失，然后依次滑入两个相同的圆形轨道内侧，其轨道半径R=‎10cm，小球恰能通过第二个圆形轨道的最高点，小球离开圆形轨道后可继续向E点运动，E点右侧有一壕沟，E、F两点的竖直高度d=‎0.8m，水平距离x=‎1.2m，水平轨道CD长L1=‎1m，DE长为L2=‎3m。轨道除CD和DE部分粗糙外，其余均光滑，小球与CD和DE间的动摩擦因数μ=0.2，重力加速度g=‎10m/s2。求：‎ ‎⑴小球通过第二个圆形轨道的最高点时的速度；‎ ‎⑵小球通过第一个圆轨道最高点时对轨道的压力；‎ ‎⑶若小球既能通过圆形轨道的最高点，又不掉进壕沟，求小球从A点释放时的高度的范围是多少？‎ ‎【答案】⑴‎1m/s；⑵40N；⑶‎0.45m≤h≤‎0.8m或h≥‎‎1.25m ‎【解析】⑴小球恰能通过第二个圆形轨道最高点，有：‎ 求得：υ2==‎1m/s ①‎ ‎⑵在小球从第一轨道最高点运动到第二圆轨道最高点过程中，应用动能定理有：‎ ‎−μmgL1=mv22−mv12 ②‎ 求得：υ1==m/s 在最高点时，合力提供向心力，即FN+mg= ③‎ 求得：FN = m(−g)= 40N 根据牛顿第三定律知，小球对轨道的压力为：FN′=FN=40N ④‎ ‎（3）‎ 求得：h1=2R+μL1+=‎‎0.45m 若小球恰好能运动到E点，小球从斜面上释放的高度为h1，在这一过程中应用动能定理有：‎ mgh2−μmg(L1+L2)=0−0 ⑥‎ 求得： h2=μ(L1+L2)=‎‎0.8m 使小球停在BC段，应有h1≤h≤h2，即：‎0.45m≤h≤‎‎0.8m 若小球能通过E点，并恰好越过壕沟时，则有 d =gt2 →t == 0.4s ⑦‎ x=vEt →υE==‎3m/s ⑧‎ 设小球释放高度为h3，从释放到运动E点过程中应用动能定理有：‎ mgh3 −μmg(L1+L2)= −0 ⑨‎ 求得：h3=μ(L1+L2)+=‎‎1.25m 即小球要越过壕沟释放的高度应满足：h≥‎‎1.25m 综上可知，释放小球的高度应满足：‎0.45m≤h≤‎0.8m或 h≥‎1.25m ⑩‎