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2016-2017学年河北省保定市定州中学高三（上）周练物理试卷（高补班）（12.16）
一、单项选择题
1．如图所示，在电路两端加上正弦交流电，保持电压最大值不变，使频率减小，发现各灯的亮暗情况是：灯1变亮，灯2变暗，灯3不变，则M、N、L中所接元件可能是（ ）
A．M为电阻，N为电容器，L为电感线圈
B．M为电容器，N为电感线圈，L为电阻
C．M为电感线圈，N为电容器，L为电阻
D．M为电阻，N为电感线圈，L为电容器
2．关于气体的压强，下列说法正确的是（ ）
A．气体的压强是由气体分子间的吸引和排斥产生的
B．气体分子的平均速率增大，气体的压强一定增大
C．气体的压强等于器壁单位面积、单位时间所受气体分子冲量的大小
D．当某一容器自由下落时，容器中气体的压强将变为零
3．如图所示，水平细线NP与斜拉细线OP把质量为m的小球维持在位置P，OP与竖直方向夹角为θ，这时斜拉细线中的张力为TP，作用于小球的合力为FP；若剪断NP，当小球摆到位置Q时，OQ与竖直方向夹角也为θ，细线中的张力为TQ，作用于小球的合力为FQ，则（ ）
A．TP=TQ，FP=FQ B．TP=TQ，FP＞FQ C．TP＜TQ，FP=FQ D．TP＞TQ，FP＜FQ
4．如图所示，磁场B方向、通电直导线中电流I的方向，以及通电直导线所受磁场力F的方向，其中正确的是（ ）
A． B． C． D．
5．类比是一种有效的学习方法，通过归类和比较，有助于掌握新知识，提高学习效率．在类比过程中，既要找出共同之处，又要抓住不同之处．某同学对机械波和电磁波进行类比，总结出下列内容，其中不正确的是（ ）
A．机械波的频率、波长和波速三者满足的关系，对电磁波也适用
B．机械波和电磁波都能产生干涉和衍射现象
C．机械波的传播依赖于介质，而电磁波可以在真空中传播
D．机械波既有横波又有纵波，而电磁波只有纵波
6．在下列物体运动中，机械能守恒的是（ ）
A．加速向上运动的运载火箭 B．被匀速吊起的集装箱
C．光滑曲面上自由运动的物体 D．在粗糙水平面上运动的物体
7．如图所示，a、b间接入电压u=311sin314t（V）的正弦交流电，变压器右侧部分为一火警报警系统原理图，其中R2为用半导体热敏材料制成的传感器（当温度升高时，其阻值将减小），所有电表均为理想电表，电流表A2为值班室的显示器，显示通过R1的电流，电压表V2显示加在报警器上的电压（报警器未画出），R3为一定值电阻．当传感器R2所在处出现火情时，以下说法中正确的是（ ）
A．A1的示数增大，A2的示数增大
B．V1的示数不变，V2的示数减小
C．A1的示数增大，A2的示数不变
D．V1的示数减小，V2的示数减小
8．给平行板电容器充电，断开电源后A极板带正电，B极板带负电．板间一带电小球C用绝缘细线悬挂，如图所示．小球静止时与竖直方向的夹角为θ，则（ ）
A．若将B极板向右平移稍许，电容器的电容将减小
B．若将B极板向下平移稍许，A、B两板间电势差将增大
C．若将B极板向下平移稍许，夹角θ将变大
D．轻轻将细线剪断，小球将做斜抛运动
9．在光滑平面中，有一转动轴垂直于此平面，交点O的上方h处固定一细绳的一端，绳的另一端固定一质量为m的小球B，绳长AB=l＞h，小球可随转动轴转动并在光滑水平面上做匀速圆周运动，如图所示，要使球不离开水平面，转动轴转速的最大值是（ ）
A． B．π C． D．2π
10．下列说法中正确的是（ ）
A．α粒子散射实验证明了原子核还可以再分
B．天然放射现象的发现揭示了原子的核式结构
C．分别用X射线和绿光照射同一金属表面都能发生光电效应，则用X射线照射时光电子的最大初动能较大
D．基态氢原子吸收一个光子跃迁到激发态后，可能发射多种频率的光子
11．如图所示为两个物体A和B在同一直线上沿同一方向同时开始运动的v﹣t图线，已知在第3s末两个物体在途中相遇，则（ ）
A．A、B两物体是从同一地点出发
B．3s内物体A的平均速度比物体B的大
C．A、B两物体在减速段的加速度大小之比为3：1
D．t=1s时，两物体第一次相遇
12．如图所示，在楼道内倾斜天花板上安装灯泡．将一根轻绳的两端分别固定在天花板上的a、b两点，另取一根轻绳将灯泡悬挂在O点，绳Oa水平，整个装置静止．现保持O点位置不变，对灯泡施加一个水平向右的拉力，使它稍向右移动一小段距离，两绳中拉力F1和F2的变化情况是（ ）
A．F1减小 B．F1不变 C．F2减小 D．F2不变
13．如图所示，闭合开关S后，A灯与B灯均发光，当滑动变阻器的滑片P向左滑动时，以下说法中正确的是（ ）
A．A灯变暗 B．B灯变亮
C．电源的输出功率可能减小 D．电源的总功率可能增大
14．一平行电容器两极板之间充满云母介质，接在恒压直流电源上，若将云母介质移出，则电容器（ ）
A．极板上的电荷量变大，极板间的电场强度变大
B．极板上的电荷量变小，极板间的电场强度变大
C．极板上的电荷量变大，极板间的电场强度不变
D．极板上的电荷量变小，极板间的电场强度不变
15．以下说法正确的是（ ）
A．牛顿在前人研究基础上总结出万有引力定律，并测出引力常量为G
B．亚里士多德发现了力是改变物体运动状态的原因
C．法拉第发现了电磁感应现象
D．安培发现了磁场对运动电荷的作用规律；洛伦兹发现了磁场对电流的作用规律
16．关于电阻和电阻率的说法中，正确的是（ ）
A．导体对电流的阻碍作用叫做导体的电阻，因此只有导体中有电流通过时才有电阻
B．由R=可知导体的电阻与导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比
C．将一根导线等分为二，则半根导线的电阻和电阻率都是原来的二分之一
D．某些金属合金和化合物的电阻率随温度的降低突然减小为零，这种现象叫做超导现象
17．如图所示，实线为电场线，一带电粒子在电场中的运动轨迹如虚线所示，下列说法中正确的是（ ）
A．粒子一定带正电
B．粒子受到的电场力做正功
C．粒子在B点的电势能大于在A点的电势能
D．粒子在B点的加速度大
18．一个物体在几个力的作用下处于平衡状态，若使其中一个向东的力逐渐减小，直至为零，则在此过程中物体的加速度（ ）
A．方向一定向东，且逐渐增大 B．方向一定向西，且逐渐增大
C．方向一定向西，且逐渐减小 D．方向一定向东，且逐渐减小
19．玻璃杯同一高度下落下，掉在水泥地上比掉在草地上容易碎，这是由于玻璃杯与水泥地撞击的过程中（ ）
A．玻璃杯的动量较大 B．玻璃杯受到的冲量较大
C．玻璃杯的动量变化较大 D．玻璃杯的动量变化较快
20．下列说法正确的是（ ）
A．法拉第通过精心设计的实验，发现了电磁感应现象，首先发现电与磁存在联系
B．法拉第首先提出了分子电流假说
C．我们周围的一切物体都在辐射电磁波
D．一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，可能是因为这束光的频率太大
二、计算题
21．某人在离地面h=20m高处以水平速度v0=15m/s抛出一个质量m=1kg的小球，不计空气阻力，g取10m/s2．求：
（1）小球在空中飞行的时间？
（2）小球落地点离抛出点的水平位移？
（3）小球在落地签瞬间重力的瞬时功率是多少？
22．如图所示，为了测定气垫导轨上滑块的加速度，滑块上安装了宽度为3.0cm的遮光板，如图所示，滑块在牵引力作用下先后匀加速通过两个光电门，配套的数字毫秒计记录了遮光板通过第一个光电门的时间为△t1=0.30s，通过第二个光电门的时间为△t2=0.10s，遮光板从开始遮住第一个光电门到开始遮住第二个光电门的时间为△t=2.0s．
（1）滑块通过第一个光电门的速度是多少？
（2）滑块通过第二个光电门的速度是多少？
（3）滑块的加速度是多少？
2016-2017学年河北省保定市定州中学高三（上）周练物理试卷（高补班）（12.16）
参考答案与试题解析
一、单项选择题
1．如图所示，在电路两端加上正弦交流电，保持电压最大值不变，使频率减小，发现各灯的亮暗情况是：灯1变亮，灯2变暗，灯3不变，则M、N、L中所接元件可能是（ ）
A．M为电阻，N为电容器，L为电感线圈
B．M为电容器，N为电感线圈，L为电阻
C．M为电感线圈，N为电容器，L为电阻
D．M为电阻，N为电感线圈，L为电容器
【考点】自感现象和自感系数．
【分析】线圈的感抗与交流电的频率成正比，电容器的容抗与频率成反比，而电阻与频率没有关系．交流电频率减小，灯泡变暗，阻抗变大，变亮，阻抗变小．
【解答】解：交流电频率减小，灯1变亮，阻抗变小，说明M是电感线圈；灯2变暗，阻抗变大，说明N为电容器．灯3亮度不变，说明L为电阻，故C正确，ABD错误．
故选：C．
2．关于气体的压强，下列说法正确的是（ ）
A．气体的压强是由气体分子间的吸引和排斥产生的
B．气体分子的平均速率增大，气体的压强一定增大
C．气体的压强等于器壁单位面积、单位时间所受气体分子冲量的大小
D．当某一容器自由下落时，容器中气体的压强将变为零
【考点】封闭气体压强；气体压强的微观意义．
【分析】气体压强产生的原因：分子热运动不断撞击容器壁产生压力．压力与分子热运动速度以及撞击频率有关．
【解答】解：A：气体压强产生的原因是分子热运动不断撞击容器壁产生压力．并且气体分子间的距离大于10r0，分子间的作用力可忽略．故A错误．
B：压强与分子热运动速度以及撞击频率有关，如果气体分子的平均速率增大，但体积变大，撞击频率可能会很小．所以气体的压强不一定增大．故B错误．
C：，器壁单位时间所受气体分子冲量的大小就是力F的大小，又因为是单位面积，可认为是1，所以气体的压强等于器壁单位面积、单位时间所受气体分子冲量的大小．故C正确．
D：当某一容器自由下落时，虽然处于失重状态，但分子热运动不会停止，所以分子仍然不断撞击容器壁产生压力，故压强不为零．故D错误．
故选：C
3．如图所示，水平细线NP与斜拉细线OP把质量为m的小球维持在位置P，OP与竖直方向夹角为θ，这时斜拉细线中的张力为TP，作用于小球的合力为FP；若剪断NP，当小球摆到位置Q时，OQ与竖直方向夹角也为θ，细线中的张力为TQ，作用于小球的合力为FQ，则（ ）
A．TP=TQ，FP=FQ B．TP=TQ，FP＞FQ C．TP＜TQ，FP=FQ D．TP＞TQ，FP＜FQ
【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．
【分析】小球在P点时受力平衡，则合力为零；对小球受力分析可得出细线中的张力；
小球在Q点沿绳方向受力平衡，则沿线的拉力等于重力沿绳的分力，此时物体有沿切线的分力，故合力不为零．
【解答】解：在P点小球受力平衡，由受力分析可知，TP=； 合力为零；
在Q点时，TQ=mgcosθ，此时合力为mgsinθ；
因sinθ及cosθ均小于1，故TP＞TQ，
因P点合力为零，故FP＜FQ
故选D．
4．如图所示，磁场B方向、通电直导线中电流I的方向，以及通电直导线所受磁场力F的方向，其中正确的是（ ）
A． B． C． D．
【考点】左手定则．
【分析】熟练应用左手定则是解决本题的关键，在应用时可以先确定一个方向，然后逐步进行，如可先让磁感线穿过手心，然后通过旋转手，让四指和电流方向一致或让大拇指和力方向一致，从而判断出另一个物理量的方向，用这种程序法，防止弄错方向．
【解答】解：A、如图所示，由安培定则可知，安培力方向垂直于电流方向向上，故A错误；
B、如图所示，由安培定则可知，电流方向与磁场方向平行，因此不受安培力作用，故B错误；
C、如图所示，由安培定则可知，安培力方向竖直向下，故C正确；
D、如图所示，由安培定则可知，安培力垂直于导线向外，故D错误．
故选C．
5．类比是一种有效的学习方法，通过归类和比较，有助于掌握新知识，提高学习效率．在类比过程中，既要找出共同之处，又要抓住不同之处．某同学对机械波和电磁波进行类比，总结出下列内容，其中不正确的是（ ）
A．机械波的频率、波长和波速三者满足的关系，对电磁波也适用
B．机械波和电磁波都能产生干涉和衍射现象
C．机械波的传播依赖于介质，而电磁波可以在真空中传播
D．机械波既有横波又有纵波，而电磁波只有纵波
【考点】波长、频率和波速的关系；机械波；波的干涉和衍射现象；电磁波的产生．
【分析】本题实际考察了机械波和电磁波的区别和联系，它们虽然都是波，但是产生机理是不同的．
【解答】解：A、波长、波速、频率的关系对任何波都是成立的，对电磁波当然成立，故A正确；
B、干涉和衍射是波的特性，机械波、电磁波都是波，这些特性都具有，故B正确；
C、机械波是机械振动在介质中传播形成的，所以机械波的传播需要介质而电磁波是交替变化的电场和磁场由近及远的传播形成的，所以电磁波传播不需要介质，故C正确；
D、机械波既有横波又有纵波，但是电磁波只能是横波，其证据就是电磁波能够发生偏振现象，而偏振现象是横波才有的，D项错误．
本题选错误的，故选D．
6．在下列物体运动中，机械能守恒的是（ ）
A．加速向上运动的运载火箭 B．被匀速吊起的集装箱
C．光滑曲面上自由运动的物体 D．在粗糙水平面上运动的物体
【考点】机械能守恒定律．
【分析】物体机械能守恒的条件是只有重力或者是弹簧的弹力做功，机械能等于势能与动能之和，根据机械能守恒条件和机械能的概念进行判断．
【解答】解：A、加速向上运动的运载火箭，动能和重力势能都增加，两者之和即机械能必定增加，故A错误．
B、被匀速吊起的集装箱动能不变，而重力势能增加，两者总和即机械能必定增加，故B错误．
C、光滑曲面上自由运动的物体，曲面对物体的支持力不做功，只有重力对物体做功，其机械能守恒，故C正确．
D、在粗糙水平面上运动的物体做减速运动，重力势能不变，而动能减少，两者总和即机械能必定减小，故D错误．
故选：C
7．如图所示，a、b间接入电压u=311sin314t（V）的正弦交流电，变压器右侧部分为一火警报警系统原理图，其中R2为用半导体热敏材料制成的传感器（当温度升高时，其阻值将减小），所有电表均为理想电表，电流表A2为值班室的显示器，显示通过R1的电流，电压表V2显示加在报警器上的电压（报警器未画出），R3为一定值电阻．当传感器R2所在处出现火情时，以下说法中正确的是（ ）
A．A1的示数增大，A2的示数增大
B．V1的示数不变，V2的示数减小
C．A1的示数增大，A2的示数不变
D．V1的示数减小，V2的示数减小
【考点】变压器的构造和原理．
【分析】和闭合电路中的动态分析类似，可以根据R2的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，再根据电压不变，来分析其他的原件的电流和电压的变化的情况．
【解答】解：当传感器R2所在处出现火情时，R2的电阻减小，导致电路的总的电阻减小，所以电路中的总电流将会增加，A1测量的是原线圈中的总的电流，由于副线圈的电流增大了，所以原线圈的电流A1示数也要增加；由于电源的电压不变，原副线圈的电压也不变，所以V1的示数不变，由于副线圈中电流增大，R3的电压变压变大，所以V2的示数要减小，即R1的电压也要减小，所以A2的示数要减小，所以ACD错误．B正确．
故选：B．
8．给平行板电容器充电，断开电源后A极板带正电，B极板带负电．板间一带电小球C用绝缘细线悬挂，如图所示．小球静止时与竖直方向的夹角为θ，则（ ）
A．若将B极板向右平移稍许，电容器的电容将减小
B．若将B极板向下平移稍许，A、B两板间电势差将增大
C．若将B极板向下平移稍许，夹角θ将变大
D．轻轻将细线剪断，小球将做斜抛运动
【考点】电容器的动态分析．
【分析】根据电容的决定式C=，分析电容的变化．电容器的电量不变，由U=，分析板间电势差的变化．根据E=，U=，C=，结合分析场强E的变化，判断θ的变化．轻轻将细线剪断，小球将沿重力与电场力的合力方向沿作匀加速直线运动．
【解答】解：A、若将B极板向右平移稍许，d增大，根据C=，得知电容将减小．故A正确．
B、C若将B极板向下平移稍许，正对面积S减小，根据C=，得知电容将减小．电容器的电量Q不变，由U=，分析得知板间电势差增大，由E=得知，E增大，小球所受的电场力增大，θ将变大．故B、C正确．
D、轻轻将细线剪断，小球将沿重力与电场力的合力方向做匀加速直线运动．故D错误．
故选ABC
9．在光滑平面中，有一转动轴垂直于此平面，交点O的上方h处固定一细绳的一端，绳的另一端固定一质量为m的小球B，绳长AB=l＞h，小球可随转动轴转动并在光滑水平面上做匀速圆周运动，如图所示，要使球不离开水平面，转动轴转速的最大值是（ ）
A． B．π C． D．2π
【考点】向心力．
【分析】要使球不离开水平面，临界情况是对水平面的压力为零，靠拉力和重力的合力提供向心力，结合牛顿第二定律求出转动轴的最大角速度，从而得出转速的最大值．
【解答】解：当小球对水平面的压力为零时，有：Tcosθ=mg，Tsinθ=mlsinθω2，
解得最大角速度为：ω=，
则最大转速为：n=．故A正确，BCD错误．
故选：A
10．下列说法中正确的是（ ）
A．α粒子散射实验证明了原子核还可以再分
B．天然放射现象的发现揭示了原子的核式结构
C．分别用X射线和绿光照射同一金属表面都能发生光电效应，则用X射线照射时光电子的最大初动能较大
D．基态氢原子吸收一个光子跃迁到激发态后，可能发射多种频率的光子
【考点】光电效应；粒子散射实验；原子核的人工转变．
【分析】α粒子散射实验提出原子核式结构；天然放射现象揭示了原子核复杂结构；当发生光电效应时，入射光的频率越大，则最大初动能越大；原子吸收能量后，跃迁到激发态，因不稳定，则向基态跃迁，从而会发射多种频率的光子，从而即可求解．
【解答】解：A、α粒子散射实验提出原子核式结构，故A错误；
B、天然放射现象的发现揭示了原子核的复杂结构，故B错误；
C、X射线的频率大于绿光，当都能发生光电效应时，则用X射线照射时光电子的最大初动能较大，故C正确；
D、当基态的氢原子吸收一个光子跃迁到激发态后，因不稳定，则会向基态跃迁，可能发射多种频率的光子，故D正确；
故选：CD．
11．如图所示为两个物体A和B在同一直线上沿同一方向同时开始运动的v﹣t图线，已知在第3s末两个物体在途中相遇，则（ ）
A．A、B两物体是从同一地点出发
B．3s内物体A的平均速度比物体B的大
C．A、B两物体在减速段的加速度大小之比为3：1
D．t=1s时，两物体第一次相遇
【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．
【分析】由图象的“面积”读出两物体在3s内的位移不等，而在第3s末两个物体相遇，可判断出两物体出发点不同，相距的距离等于位移之差．根据图象的斜率表示加速度，求出加速度之比．
【解答】解：A、由图象的“面积”读出两物体在3s内的位移不等，而在第3s末两个物体相遇，可判断出两物体出发点不同．故A错误．
B、由图象的“面积”读出两物体在3s内B的位移大于A的位移，则B的平均速度大于A的平均速度．故B错误．
C、图象的斜率表示加速度，则A在减速过程的加速度大小a1==2m/s2，B在减速过程的加速度大小a2==1m/s2．故C错误．
D、由图象的“面积”表示位移可知，1﹣3s内B的位移xB=×（4+2）×2=6m．A的位移xA=×2×2+2×2=6m，且第3s末两个物体在途中相遇，所以t=1s时，两物体相遇，故D正确．
故选：D．
12．如图所示，在楼道内倾斜天花板上安装灯泡．将一根轻绳的两端分别固定在天花板上的a、b两点，另取一根轻绳将灯泡悬挂在O点，绳Oa水平，整个装置静止．现保持O点位置不变，对灯泡施加一个水平向右的拉力，使它稍向右移动一小段距离，两绳中拉力F1和F2的变化情况是（ ）
A．F1减小 B．F1不变 C．F2减小 D．F2不变
【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．
【分析】先对灯泡进行分析，得出灯泡对绳子的拉力，然后对O点受力分析，受三个拉力，根据平衡条件并结合分解法列式求解即可．
【解答】解：设灯泡为C．先选择灯泡为研究对象，开始时灯泡受到重力和绳子的拉力，所以绳子的拉力等于灯泡的重力；设对灯泡施加一个水平向右的拉力后设OC与竖直方向之间的拉力为θ，如图，则：
选择节点O点为研究对象，则O点受到三个力的作用处于平衡状态，受力如图，由图可知，在竖直方向：F2沿竖直方向的分力始终等于FCcosθ=mg，而且F2的方向始终不变，所以F2始终不变；沿水平方向：F1的大小等于F2沿水平方向的分力与FC沿水平方向分力的和，由于FC沿水平方向分力随θ的增大而增大，所以F1逐渐增大．可知四个选项中只有D正确．
故选：D．
13．如图所示，闭合开关S后，A灯与B灯均发光，当滑动变阻器的滑片P向左滑动时，以下说法中正确的是（ ）
A．A灯变暗 B．B灯变亮
C．电源的输出功率可能减小 D．电源的总功率可能增大
【考点】闭合电路的欧姆定律．
【分析】当滑动变阻器的滑片P向左滑动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律分析总电流的变化，即可知道B灯亮度的变化．根据并联部分电压的变化，分析A灯亮度的变化．由P=EI分析电源总功率的变化．
【解答】解：滑片P向左滑动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律得知，电路中总电流减小，则B灯变暗．总电流减小，路端电压增大，B灯电压减小，则A灯的电压增大，则A灯变亮．由P=EI得知，电源的总功率减小．故C正确．
故选C
14．一平行电容器两极板之间充满云母介质，接在恒压直流电源上，若将云母介质移出，则电容器（ ）
A．极板上的电荷量变大，极板间的电场强度变大
B．极板上的电荷量变小，极板间的电场强度变大
C．极板上的电荷量变大，极板间的电场强度不变
D．极板上的电荷量变小，极板间的电场强度不变
【考点】电容器的动态分析．
【分析】电容器始终与恒压直流电源相连，则电容器两端间的电势差不变，将云母介质移出后介电常数减小，根据电容器介电常数的变化判断电容的变化以及电场强度的变化．
【解答】解：电容器接在恒压直流电源上，则电容器两端的电势差不变．
将云母介质移出后，介电常数减小，根据电容的决定式 C=
知，介电常数减小，电容减小．
由于电压不变，根据C=可知，电荷量Q减小．
由于电容器的电压不变，板间的距离d不变，根据E=可知，极板间的电场强度不变．
所以ABC错误，D正确；
故选：D
15．以下说法正确的是（ ）
A．牛顿在前人研究基础上总结出万有引力定律，并测出引力常量为G
B．亚里士多德发现了力是改变物体运动状态的原因
C．法拉第发现了电磁感应现象
D．安培发现了磁场对运动电荷的作用规律；洛伦兹发现了磁场对电流的作用规律
【考点】物理学史．
【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．
【解答】解：
A、牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许测出了引力常量．故A错误．
B、亚里士多德认为力是维持物体运动的原因，伽利略发现了力是改变物体运动状态的原因．故B错误．
C、法拉第发现了电磁感应现象．故C正确．
D、洛伦兹发现了磁场对运动电荷的作用规律，安培发现了磁场对电流的作用规律．故D错误．
故选：C
16．关于电阻和电阻率的说法中，正确的是（ ）
A．导体对电流的阻碍作用叫做导体的电阻，因此只有导体中有电流通过时才有电阻
B．由R=可知导体的电阻与导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比
C．将一根导线等分为二，则半根导线的电阻和电阻率都是原来的二分之一
D．某些金属合金和化合物的电阻率随温度的降低突然减小为零，这种现象叫做超导现象
【考点】电阻定律；欧姆定律．
【分析】知道电阻是导体对电流的阻碍作用，影响电阻大小的因素有：材料、长度、横截面积、温度，与通过导体的电流和导体两端的电压无关．
【解答】解：A、电阻是导体对电流的阻碍作用，是导体本身的一种特性；其大小与导体的材料、长度、横截面积、温度有关；而与导体两端有无电压、电压高低，导体中有无电流、电流大小无关，故AB错误；
C、导线的电阻率有材料本身的特性决定，与导体的电阻、横截面积、长度无关，将一根导线等分为二，则半根导线的电阻是原来的一半，但电阻率不变，故C错误；
D、由超导现象的定义知，某些金属、合金和化合物的电阻率随温度的降低会突然减小为零，这种现象叫做超导现象，故D正确．
故选：D．
17．如图所示，实线为电场线，一带电粒子在电场中的运动轨迹如虚线所示，下列说法中正确的是（ ）
A．粒子一定带正电
B．粒子受到的电场力做正功
C．粒子在B点的电势能大于在A点的电势能
D．粒子在B点的加速度大
【考点】电场强度；电势能．
【分析】解这类题是思路：根据带电粒子运动轨迹判定电场力方向，然后根据电性判断电场线方向，根据电场力做功判断电势能的变化．
【解答】解：A、由粒子的运动轨迹弯曲方向可知，带电粒子受电场力大致斜向左下方，与电场强度方向相反，故粒子带负电，故A错误；
B、由于不知道是从A到B，还是从B到A，故电场力做功的正负无法判断，故B错误；
C、沿着电场线电势逐渐降低，等势面与电场线垂直，可以知道A点电势高，负电荷在电势高的点电势能低，故C正确；
D、A点电场线密集，故电场强，电场力大，故加速度大，故D错误；
故选C．
18．一个物体在几个力的作用下处于平衡状态，若使其中一个向东的力逐渐减小，直至为零，则在此过程中物体的加速度（ ）
A．方向一定向东，且逐渐增大 B．方向一定向西，且逐渐增大
C．方向一定向西，且逐渐减小 D．方向一定向东，且逐渐减小
【考点】牛顿第二定律．
【分析】根据共点力的平衡的条件可以知道物体的合力的情况，由牛顿第二定律可以知道物体的加速度的变化，进而可以判断物体的运动的情况．
【解答】解：根据共点力的平衡的条件可知，向东的力其余力的合力大小相等，方向相反．当向东的一个力F的值逐渐减小到零时，其余力的合力的大小由零逐渐增大，所以物体将在合力的作用下一直向西运动，由牛顿第二定律可知，物体的加速度逐渐增大．故B正确．
故选：B．
19．玻璃杯同一高度下落下，掉在水泥地上比掉在草地上容易碎，这是由于玻璃杯与水泥地撞击的过程中（ ）
A．玻璃杯的动量较大 B．玻璃杯受到的冲量较大
C．玻璃杯的动量变化较大 D．玻璃杯的动量变化较快
【考点】动量定理．
【分析】根据碰撞前后的速度变化可知动量变化及冲量的关系，由动量定理可得出冲力的变化，从而找出易碎的原因．
【解答】解：玻璃杯从同一高度下落，落地前的速度大小相等，故落地前的动量相等；而最后的速度均为零；故说明动量的变化一定相等；由动量定理可知冲量也一定相等；
但由于掉在水泥地上的时间较短，则说明玻璃杯掉在水泥地上动量变化较快，从而导致冲击力较大；使玻璃杯易碎；
故D正确，ABC错误；
故选D．
20．下列说法正确的是（ ）
A．法拉第通过精心设计的实验，发现了电磁感应现象，首先发现电与磁存在联系
B．法拉第首先提出了分子电流假说
C．我们周围的一切物体都在辐射电磁波
D．一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，可能是因为这束光的频率太大
【考点】光电效应；电磁感应现象的发现过程．
【分析】法拉第发现了电磁感应现象，而奥斯特首次发现电与磁存在联系；
安培提出了分子电流假说；
一切物体都能辐射电磁波；
依据光电效应条件，即可判定．
【解答】解：A、法拉第通过精心设计的实验，发现了电磁感应现象，而首先发现电与磁存在联系是奥斯特．故A错误．
B、安培首先提出了分子电流假说．故B错误．
C、自然界的任何物体都向外辐射红外线，温度越高，辐射电磁波的本领越强，因此一切物体都在辐射电磁波．故C正确．
D、一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，可能是因为这束光的频率太小，即这束光的频率太小．故D错误．
故选：C．
二、计算题
21．某人在离地面h=20m高处以水平速度v0=15m/s抛出一个质量m=1kg的小球，不计空气阻力，g取10m/s2．求：
（1）小球在空中飞行的时间？
（2）小球落地点离抛出点的水平位移？
（3）小球在落地签瞬间重力的瞬时功率是多少？
【考点】功率、平均功率和瞬时功率；平抛运动．
【分析】（1）根据平抛运动的高度求出时间；
（2）通过平抛运动的初速度和时间求出水平位移；
（3）先计算出根据P=Fv求解重力的平均功率；
【解答】解：（1）由有： s=2s
（2）水平位移为：x=v0t=15m/s×2s=30m
（3）落地时小球竖直方向的分速度：vy=gt=10×2=20m/s
落地时重力的瞬时功率：P=mgvy=1×10×20=200W
答：（1）小球在空中飞行的时间为2s
（2）小球落地点离抛出点的水平位移为30m．
（3）小球在落地签瞬间重力的瞬时功率是200W；
22．如图所示，为了测定气垫导轨上滑块的加速度，滑块上安装了宽度为3.0cm的遮光板，如图所示，滑块在牵引力作用下先后匀加速通过两个光电门，配套的数字毫秒计记录了遮光板通过第一个光电门的时间为△t1=0.30s，通过第二个光电门的时间为△t2=0.10s，遮光板从开始遮住第一个光电门到开始遮住第二个光电门的时间为△t=2.0s．
（1）滑块通过第一个光电门的速度是多少？
（2）滑块通过第二个光电门的速度是多少？
（3）滑块的加速度是多少？
【考点】测定匀变速直线运动的加速度．
【分析】因为极短时间内的平均速度等于瞬时速度，根据平均速度的定义式求出滑块通过第一个和第二个光电门的瞬时速度，结合加速度的定义式求出滑块的加速度．
【解答】解：滑块通过光电门的时间极短，可将平均速度看成瞬时速度．
（1）滑块通过第一个光电门的速度；
（2）滑块通过第二个光电门的速度；
（3）滑块的加速度a=．
答：滑块通过第一个光电门的速度是0.1m/s；
（2）滑块通过第二个光电门的速度是0.3m/s；
（3）滑块的加速度是0.1m/s2．
2017年1月23日