2013年高考压轴题跟踪演练(全6套) 52页

备战 2013 高考数学――压轴题跟踪演练系列一 1．（ 12 分）已知抛物线、椭圆和双曲线都经过点  1,2M ，它们在 x 轴上有共同焦点，椭圆和双曲线 的对称轴是坐标轴，抛物线的顶点为坐标原点. （Ⅰ）求这三条曲线的方程； （Ⅱ）已知动直线 l 过点  3,0P ，交抛物线于 ,AB两点，是否存在垂直于 轴的直线l 被以 AP 为直 径的圆截得的弦长为定值？若存在，求出 的方程；若不存在，说明理由. 解：（Ⅰ）设抛物线方程为  2 20y px p，将 代入方程得 2p  2 4yx 抛物线方程为: ………………………………………………（1 分） 由题意知椭圆、双曲线的焦点为    211,0 , 1,0 ,FF c=1…………………（2 分） 对于椭圆，    222 122 1 1 2 1 1 4 2 2 2a MF MF           22 2 2 2 22 12 1 2 3 2 2 2 2 2 1 3 2 2 2 2 2 a a b a c xy                  椭圆方程为： ………………………………（4 分） 对于双曲线， 122 2 2 2a MF MF     2 2 2 2 22 21 3 2 2 2 2 2 1 3 2 2 2 2 2 a a b c a xy                  双曲线方程为： ………………………………（6 分） （Ⅱ）设 的中点为C ， 的方程为： xa ，以 为直径的圆交 于 ,DE两点， DE 中点为 H 令   11 11 3, , ,22 xyA x y   C ………………………………………………（7 分）     2 2 11 1 1 11322 3 1 2322 DC AP x y xCH a x a                 222 2 2 2 1 1 1 2 1 2 113 2 344 - 2 3 2 4 6 2 2 2 2 2 DH DC CH x y x a a x a a a DH DE DH lx                       当 时, 为定值; 为定值 此时 的方程为： …………（12 分） 2．（ 14 分）已知正项数列 na 中， 1 6a  ，点  1,n n nA a a  在抛物线 2 1yx上；数列 nb 中，点  ,nnB n b 在过点 0,1 ，以方向向量为 1,2 的直线上. （Ⅰ）求数列   ,nnab的通项公式； （Ⅱ）若       n n a fn b    , n为奇数 , n为偶数 ，问是否存在 kN ，使    27 4f k f k 成立，若存在，求出 k 值；若不存在，说明理由； （Ⅲ）对任意正整数 n ，不等式 1 12 0 21 1 11 1 1 nn n n aa na b b b               成立，求正数 a 的取值范围. 解：（Ⅰ）将点 代入 中得   11 1 11 1 1 5 : 2 1, 2 1 n n n n n n a a a a d a a n n l y x b n                   直线 …………………………………………（4 分） （Ⅱ）       5 21 n fn n     , n为奇数 , n为偶数 ………………………………（5 分）             27 27 4 27 5 4 2 1 , 4 27 352 27 1 4 5 , 2 4 k k f k f k k k k kk k k k k                    当 为偶数时， 为奇数， 当 为奇数时， 为偶数， 舍去 综上，存在唯一的 符合条件。 ……………………（8 分） （Ⅲ）由         12 12 1 2 1 1 1 1 1 11 1 1 23 1 1 1 11 1 1 23 1 1 1 1 11 1 1 1 1 25 1 2 3 1 2 3 2 4 2 41 232 5 2 5 n n nn n a b b bn fn b b bn fn b b b bn fn n n n n f n b nnn                                                            即 记           2 2 min 2 5 2 3 4 16 16 1 4 16 15 1, 1 4 4 51,3 155 450 15 nn nn nn f n f n f n f n f a                 即 递增， ………………………………（14 分） 3.（本小题满分 12 分）将圆 O: 4yx 22  上各点的纵坐标变为原来的一半 (横坐标不变), 得到曲线 C. (1) 求 C 的方程; (2) 设 O 为坐标原点, 过点 )0,3(F 的直线 l 与 C 交于 A、B 两点, N 为线段 AB 的中点, 延长线段 ON 交 C 于点 E. 求证: ON2OE  的充要条件是 3|AB|  . 解: (1)设点 )y,x(P  , 点 M 的坐标为 )y,x( ,由题意可知      ,y2y ,xx ………………(2 分) 又 ,4yx 22  ∴ 1y4 x4y4x 2 2 22  . 所以, 点 M 的轨迹 C 的方程为 1y4 x 2 2  .………………(4 分) (2)设点 )y,x(A 11 , )y,x(B 22 , 点 N 的坐标为 )y,x( 00 , ㈠当直线 l 与 x 轴重合时, 线段 AB 的中点 N 就是原点 O, 不合题意,舍去; ………………(5 分) ㈡设直线 l: ,3myx  由      4y4x 3myx 22 消去 x, 得 01my32y)4m( 22  ………………① ∴ ,4m m3y 20  ………………(6 分) ∴ 4m 34 4m 34m3 4m m33myx 22 2 2 2 00   , ∴点 N 的坐标为 )4m m3,4m 34( 22  .………………(8 分) ①若OE ON2 , 坐标为, 则点 E 的为 )4m m32,4m 38( 22  , 由点 E 在曲线 C 上, 得 1 )4m( m12 )4m( 48 22 2 22     , 即 ,032m4m 24  ∴ 4m(8m 22  舍去). 由方程①得 ,14m 1m4 4m 16m4m12|yy| 2 2 2 22 21    又 |,)yy(m||mymy||xx| 212121  ∴ 3|yy|1m|AB| 21 2  .………………(10 分) ②若 3|AB|  , 由①得 ,34m )1m(4 2 2   ∴ .8m2  ∴点 N 的坐标为 )6 6,3 3(  , 射线 ON 方程为: )0x(x2 2y  , 由      4y4x )0x(x2 2y 22 解得         3 6y 3 32x ∴点 E 的坐标为 ),3 6,3 32(  ∴ . 综上, 的充要条件是 .………………(12 分) 4.（本小题满分 14 分）已知函数 24 1)x(f x  )Rx(  . (1) 试证函数 )x(f 的图象关于点 )4 1,2 1( 对称; (2) 若数列 }a{ n 的通项公式为 )m,,2,1n,Nm()m n(fa n    , 求数列 的前 m 项和 ;Sm (3) 设数列 }b{ n 满足: 3 1b1  , n 2 n1n bbb  . 设 1b 1 1b 1 1b 1T n21 n   . 若(2)中的 nS 满足对任意不小于 2 的正整数 n, nn TS  恒成立, 试求 m 的最大值. 解: (1)设点 )y,x(P 000 是函数 )x(f 的图象上任意一点, 其关于点 )4 1,2 1( 的对称点为 )y,x(P . 由        4 1 2 yy 2 1 2 xx 0 0 得      .y2 1y ,x1x 0 0 所以, 点 P 的坐标为 P )y2 1,x1( 00  .………………(2 分) 由点 在函数 的图象上, 得 24 1y 0x0   . ∵ , )24(2 4 424 4 24 1)x1(f 0 0 0 0 0 x x x x x10           24 1 2 1y2 1 0x0 , )24(2 4 0 0 x x  ∴点 P 在函数 的图象上. ∴函数 的图象关于点 对称. ………………(4 分) (2)由(1)可知, 2 1)x1(f)x(f  , 所以 )1mk1(2 1)m k1(f)m k(f  , 即 ,2 1aa, 2 1)m km(f)m k(f kmk   ………………(6 分) 由 m1m321m aaaaaS   , ……………… ① 得 ,aaaaaS m13m2m1mm    ………………② 由①＋②, 得 ,6 1 2 m 6 122 1ma22 1)1m(S2 mm  ∴ ).1m3(12 1Sm  ………………(8 分) (3) ∵ ,3 1b1  )1b(bbbb nnn 2 n1n  , ………………③ ∴对任意的 0b,Nn n   . ………………④ 由③、④, 得 ,1b 1 b 1 )1b(b 1 b 1 nnnn1n   即 1nnn b 1 b 1 1b 1   . ∴ 1n1n11nn3221 n b 13b 1 b 1)b 1 b 1()b 1 b 1()b 1 b 1(T    .……………(10 分) ∵ ,bb,0bbb n1n 2 nn1n   ∴数列 是单调递增数列. ∴ nT 关于 n 递增. 当 2n  , 且  Nn 时, 2n TT  . ∵ ,81 52)19 4(9 4b,9 4)13 1(3 1b,3 1b 321  ∴ .52 75 b 13TT 1 2n  ………………(12 分) ∴ ,52 75Sm  即 ,52 75)1m3(12 1  ∴ ,39 4639 238m  ∴m 的最大值为 6. ……………(14 分) 5．（ 12 分） E 、 F 是椭圆 2224xy的左、右焦点，l 是椭圆的右准线，点 Pl ，过点 的直线交椭 圆于 A 、 B 两点. （1） 当 AE AF 时，求 AEF 的面积； （2） 当 3AB  时，求 AF BF 的大小； （3） 求 EPF 的最大值. 解：（1） 22 4 1 28 2AEF mn S mnmn       （2）因 4 84 AE AF AB AF BFBE BF         ， 则 5.AF BF （1） 设 (2 2, )( 0)P t t  ()tan EPF tan EPM FPM    2 2 1 3 2 2 3 2 2 2 2 2 2 3( ) (1 ) 6 6 3 t t t t t t t         ， 当 6t  时， 3 303tan EPF EPF     6．（ 14 分）已知数列 na 中， 1 1 3a  ，当 2n  时，其前 n 项和 nS 满足 22 21 n n n Sa S  ， （2） 求 的表达式及 2lim n n n a S 的值； （3） 求数列 的通项公式； （4） 设 33 11 (2 1) (2 1)nb nn   ，求证：当 nN 且 2n  时， nnab . 解：（1） 2 1 1 1 1 2 112 2( 2)21 n n n n n n n n n n n Sa S S S S S S nS S S              M FE O y A B P x 所以 1 nS    是等差数列.则 1 21nS n  . 2 22lim lim 22 1 2lim 1 n nnn n nn a S S S      . （2）当 2n  时， 1 2 1 1 2 2 1 2 1 4 1n n na S S n n n        ， 综上，    2 1 13 2 214 n n a nn       . （3）令 11, 2 1 2 1 ab nn   ，当 2n  时，有 10 3 ba   （1） 法 1：等价于求证    33 1 1 1 1 2 1 2 12 1 2 1nnnn    . 当 时， 110, 2 1 3n   令   23 1,0 , 3 f x x x x      2 3 3 1 32 3 2 (1 ) 2 (1 ) 2 (1 ) 02 2 23 f x x x x x x x           ， 则  fx在 1(0, ] 3 递增. 又 1 1 10 2 1 2 1 3nn     ， 所以 33 11( ) ( ), 2 1 2 1 gg nn   即 nnab . 法（2） 2 2 3 3 33 1 1 1 1( ) ( )2 1 2 1 (2 1) (2 1)nna b b a b ann nn           22( )( )a b a b ab a b      （2） 22( )[( ) ( )]22 ab aba b a a b b       ( )[ ( 1) ( 1)]22 baa b a a b b       （3） 因 3 3 31 1 1 1 1 02 2 2 223 a b aba            ，所以 ( 1) ( 1) 022 baa a b b      由（1）（ 3）（ 4）知 . 法 3：令   22g b a b ab a b     ，则   12 1 0 2 ag b b a b        所以         220 , ,3 2g b max g g a max a a a a    因 10, 3 a 则  2 10a a a a    ， 2 2 1 43 2 3 ( ) 3 ( ) 03 3 9a a a a a      所以   22 0g b a b ab a b      （5） 由（1）（ 2）（ 5）知 nnab 7． (本小题满分 14 分) 设双曲线 2 2 2 2 b y a x  =1( a > 0, b > 0 )的右顶点为 A， P 是双曲线上异于顶点的一个动点，从 A 引双曲线的两 条渐近线的平行线与直线 OP 分别交于 Q 和 R 两点. (1) 证明：无论 P 点在什么位置，总有|  OP |2 = |  OQ ·  OR | ( O 为坐标原点)； (2) 若以 OP 为边长的正方形面积等于双曲线实、虚轴围成的矩形面积，求双曲线离心率的取值范围； 解：(1) 设 OP：y = k x, 又条件可设 AR: y = a b (x – a ), 解得： = ( bak ab   , bak kab   ), 同理可得 = ( bak ab  , bak kab  ), ∴| · | =| + | = |bka| )k1(ba 222 222   . 4 分 设 = ( m, n ) , 则由双曲线方程与 OP 方程联立解得: m2 = 222 22 kab ba  , n2 = 222 222 kab bak  , ∴ | |2 = :m2 + n2 = + = 222 222 kab )k1(ba   , ∵点 P 在双曲线上，∴b2 – a2k2 > 0 . ∴无论 P 点在什么位置，总有| |2 = | · | . 4 分 （2）由条件得： 222 222 kab )k1(ba   = 4ab, 2 分 即 k2 = 2 2 a4ab abb4   > 0 , ∴ 4b > a, 得 e > 4 17 2 分 第 21 题 备战 2012 高考数学――压轴题跟踪演练系列二 1. (本小题满分 12 分) 已知常数 a > 0, n 为正整数，f n ( x ) = x n – ( x + a)n ( x > 0 )是关于 x 的函数. (1) 判定函数 f n ( x )的单调性，并证明你的结论. (2) 对任意 n  a , 证明 f `n + 1 ( n + 1 ) < ( n + 1 )fn`(n) 解: (1) fn `( x ) = nx n – 1 – n ( x + a)n – 1 = n [x n – 1 – ( x + a)n – 1 ] , ∵a > 0 , x > 0, ∴ fn `( x ) < 0 , ∴ f n ( x )在（0，+∞）单调递减. 4 分 （2）由上知：当 x > a>0 时, fn ( x ) = xn – ( x + a)n 是关于 x 的减函数, ∴ 当 n  a 时, 有：(n + 1 )n– ( n + 1 + a)n  n n – ( n + a)n. 2 分 又 ∴f `n + 1 (x ) = ( n + 1 ) [xn –( x+ a )n ] , ∴f `n + 1 ( n + 1 ) = ( n + 1 ) [(n + 1 )n –( n + 1 + a )n ] < ( n + 1 )[ nn – ( n + a)n] = ( n + 1 )[ nn – ( n + a )( n + a)n – 1 ] 2 分 ( n + 1 )fn`(n) = ( n + 1 )n[n n – 1 – ( n + a)n – 1 ] = ( n + 1 )[n n – n( n + a)n – 1 ], 2 分 ∵( n + a ) > n , ∴f `n + 1 ( n + 1 ) < ( n + 1 )fn`(n) . 2 分 2. (本小题满分 12 分) 已知：y = f (x) 定义域为［–1，1］，且满足：f (–1) = f (1) = 0 ，对任意 u ,v[–1，1］，都有|f (u) – f (v) | ≤ | u –v | . (1) 判断函数 p ( x ) = x2 – 1 是否满足题设条件？ (2) 判断函数 g(x)= 1 , [ 1,0] 1 , [0,1] xx xx      ，是否满足题设条件？ 解： (1) 若 u ,v  [–1，1]， |p(u) – p (v)| = | u2 – v2 |=| (u + v )(u – v) |， 取 u = 4 3 [–1，1]，v = 2 1 [–1，1], 则 |p (u) – p (v)| = | (u + v )(u – v) | = 4 5 | u – v | > | u – v |， 所以 p( x)不满足题设条件. （2）分三种情况讨论： 10. 若 u ,v  [–1，0]，则|g(u) – g (v)| = |(1+u) – (1 + v)|=|u – v |，满足题设条件； 20. 若 u ,v  [0，1]， 则|g(u) – g(v)| = |(1 – u) – (1 – v)|= |v –u|，满足题设条件； 30. 若 u[–1，0]，v[0，1]，则： |g (u) –g(v)|=|(1 – u) – (1 + v)| = | –u – v| = |v + u | ≤| v – u| = | u –v|，满足题设条件; 40 若 u[0，1]，v[–1，0], 同理可证满足题设条件. 综合上述得 g(x)满足条件. 3. (本小题满分 14 分) 已知点 P ( t , y )在函数 f ( x ) = 1x x  (x  –1)的图象上，且有 t2 – c2at + 4c2 = 0 ( c  0 ). (1) 求证：| ac |  4; (2) 求证：在(–1，+∞）上 f ( x )单调递增. (3) (仅理科做)求证：f ( | a | ) + f ( | c | ) > 1. 证：(1) ∵ tR, t  –1, ∴ ⊿ = (–c2a)2 – 16c2 = c4a2 – 16c2  0 ， ∵ c  0, ∴c2a2  16 , ∴| ac |  4. (2) 由 f ( x ) = 1 – 1x 1  , 法 1. 设–1 < x1 < x2, 则 f (x2) – f ( x1) = 1– 1x 1 2  –1 + 1x 1 1  = )1x)(1x( xx 12 21   . ∵ –1 < x1 < x2, ∴ x1 – x2 < 0, x1 + 1 > 0, x2 + 1 > 0 , ∴f (x2) – f ( x1) < 0 , 即 f (x2) < f ( x1) , ∴x  0 时，f ( x )单调递增. 法 2. 由 f ` ( x ) = 2)1x( 1  > 0 得 x  –1, ∴x > –1 时，f ( x )单调递增. （3）（ 仅理科做）∵f ( x )在 x > –1 时单调递增，| c |  |a| 4 > 0 , ∴f (| c | )  f ( ) = 1|a| 4 |a| 4  = 4|a| 4  f ( | a | ) + f ( | c | ) = 1|a| |a|  + > 4|a| |a|  + =1. 即 f ( | a | ) + f ( | c | ) > 1. 4．（本小题满分 15 分） 设定义在 R 上的函数 4 3 2 0 1 2 3 4()f x a x a x a x a x a     （其中 ia ∈R，i=0,1,2,3,4），当 x= －1 时，f (x)取得极大值 2 3 ，并且函数 y=f (x+1)的图象关于点（－1，0）对称． （1） 求 f (x)的表达式； （2） 试在函数 f (x)的图象上求两点，使这两点为切点的切线互相垂直，且切点的横坐标都在区间 2, 2上； （3） 若 + 2 1 2(1 3 ), ( N )23 nn nnnnx y n   ，求证： 4( ) ( ) .3nnf x f y 解：（1） 31( ) .3f x x x…………………………5 分 （2）  20,0 , 2, 3  或  20,0 , 2, .3  …………10 分 （3）用导数求最值，可证得 4( ) ( ) ( 1) (1) .3nnf x f y f f     ……15 分 5．（本小题满分 13 分） 设 M 是椭圆 22 :112 4 xyC 上的一点，P、Q、T 分别为 M 关于 y 轴、原点、x 轴的对称点，N 为椭 圆 C 上异于 M 的另一点，且 MN⊥MQ，QN 与 PT 的交点为 E，当 M 沿椭圆 C 运动时，求动点 E 的轨迹 方程． 解：设点的坐标 1 1 2 2 1 1( , ), ( , )( 0), ( , ),M x y N x y x y E x y 则 1 1 1 1 1 1( , ), ( , ), ( , ),P x y Q x y T x y    ……1 分 22 11 22 22 1, (1)12 4 1. (2)12 4 xy xy     ………………………………………………………3 分 由（1）－（2）可得 1.3MN QNkk   ………………………………6 分 又 MN⊥MQ， 1 1 1, ,MN MQ MN xk k k y     所以 1 1 .3QN yk x 直线 QN 的方程为 1 11 1 ()3 yy x x yx   ，又直线 PT 的方程为 1 1 .xyxy ……10 分 从而得 11 11,.22x x y y   所以 112 , 2 .x x y y   代入（1）可得 2 2 1( 0),3 x y xy   此即为所求的轨迹方程.………………13 分 6．（本小题满分 12 分） 过抛物线 yx 42  上不同两点 A、B 分别作抛物线的切线相交于 P 点， .0 PBPA （1）求点 P 的轨迹方程； （2）已知点 F（0，1），是否存在实数 使得 0)( 2  FPFBFA  ？若存在，求出 的值，若不存 在，请说明理由. 解法（一）：（1）设 )(),4,(),4,( 21 2 2 2 2 1 1 xxxxBxxA  由 ,42 yx  得： 2 ' xy  2,2 21 xkxk PBPA  4,,0 21  xxPBPAPBPA ………………………………3 分 直线 PA 的方程是： )(24 1 1 2 1 xxxxy  即 42 2 11 xxxy  ① 同理，直线 PB 的方程是： 42 2 22 xxxy  ② 由①②得：         ),( ,14 2 21 21 21 Rxxxxy xxx ∴点 P 的轨迹方程是 ).(1 Rxy  ……………………………………6 分 （2）由（1）得： ),14,( 2 1 1  xxFA ),14,( 2 2 2  xxFB )1,2( 21  xxP 4),2,2( 21 21  xxxxFP 42)14)(14( 2 2 2 1 2 2 2 1 21 xxxxxxFBFA  …………………………10 分 2444 )()( 2 2 2 1 2 212  xxxxFP 所以 0)( 2  FPFBFA 故存在 =1 使得 0)( 2  FPFBFA  …………………………………………12 分 解法（二）：（1）∵直线 PA、PB 与抛物线相切，且 ,0 PBPA ∴直线 PA、PB 的斜率均存在且不为 0，且 ,PBPA  设 PA 的直线方程是 )0,,(  kRmkmkxy 由      yx mkxy 42 得： 0442  mkxx 01616 2  mk 即 2km  …………………………3 分 即直线 PA 的方程是： 2kkxy  同理可得直线 PB 的方程是： 2 11 kxky  由      2 2 11 kxky kkxy 得：      1 1 y Rkkx 故点 P 的轨迹方程是 ).(1 Rxy  ……………………………………6 分 （2）由（1）得： )1,1(),1,2(),,2( 2 2  kkPkkBkkA )11,2(),1,2( 2 2  kkFBkkFA )2,1(  kkFP )1(2)11)(1(4 2 2 2 2 kkkkFBFA  ………………………………10 分 )1(24)1()( 2 222 kkkkFP  故存在 =1 使得 0)( 2  FPFBFA  …………………………………………12 分 7．（本小题满分 14 分） 设函数 xax xxf ln1)(  在 ),1[  上是增函数. （1） 求正实数 a 的取值范围； （2） 设 1,0  ab ，求证： .ln1 b ba b ba ba  解：（1） 01)( 2 '  ax axxf 对 ),1[ x 恒成立， xa 1 对 恒成立 又 11 x 1a 为所求.…………………………4 分 （2）取 b bax  ， 1,0,1  b baba ， 一方面，由（1）知 xax xxf ln1)(  在 ),1[  上是增函数， 0)1()(  fb baf 0ln 1    b ba b baa b ba 即 bab ba  1ln ……………………………………8 分 另一方面，设函数 )1(ln)(  xxxxG )1(0111)('  xx x xxG  ∴ )(xG 在 ),1(  上是增函数且在 0xx  处连续，又 01)1( G ∴当 1x 时， 0)1()(  GxG ∴ xx ln 即 b ba b ba  ln 综上所述， .ln1 b ba b ba ba  ………………………………………………14 分 8．(本小题满分 12 分) 如图，直角坐标系 xOy 中，一直角三角形 ABC ， 90C ， B 、C 在 x 轴上且关于原点O 对称，D 在边 BC 上， 3BD DC ， ABC! 的周长为 12．若一双曲线 E 以 、 为焦点，且经过 A 、 D 两点． (1) 求双曲线 的方程； (2) 若一过点 ( ,0)Pm （ m 为非零常数）的直线l 与双曲线 E 相交于不同于双曲线顶点的两点 M 、 N ，且 MP PN ，问在 x 轴上是否存在定点 G ，使 ()BC GM GN ？若存在，求出所有这样定点G 的坐标；若不存在，请说明理由． 解：(1) 设双曲线 E 的方程为 22 221 ( 0, 0)xy abab    ， 则 ( ,0), ( ,0), ( ,0)B c D a C c ． 由 ，得 3( )c a c a   ，即 2ca ． ∴ 2 2 2| | | | 16 , | | | | 12 4 , | | | | 2 . AB AC a AB AC a AB AC a         （3 分） 解之得 1a  ，∴ 2, 3cb． ∴双曲线 的方程为 2 2 13 yx ． （5 分） (2) 设在 轴上存在定点 ( ,0)Gt ，使 ． 设直线l 的方程为 x m ky ， 1 1 2 2( , ), ( , )M x y N x y ． 由 ，得 120yy． 即 1 2 y y  ① （6 分） ∵ (4,0)BC  ， 1 2 1 2( , )GM GN x t x t y y         ， ∴ 12()x t x t    ． x y DO C A B x y DO C A B N B C O y x G M P 即 12()ky m t ky m t     ． ② （8 分） 把①代入②，得 1 2 1 22 ( )( ) 0ky y m t y y    ③ （9 分） 把 x m ky 代入 2 2 13 yx 并整理得 2 2 2(3 1) 6 3( 1) 0k y kmy m     其中 23 1 0k  且 0 ，即 2 1 3k  且 2231km． 2 1 2 1 222 6 3( 1),3 1 3 1 km my y y ykk    ． （10 分） 代入③，得 2 22 6 ( 1) 6 ( ) 03 1 3 1 k m km m t kk  ， 化简得 kmt k ． 当 1t m 时，上式恒成立． 因此，在 x 轴上存在定点 1( ,0)G m ，使 ()BC GM GN ． （12 分） 9．(本小题满分 14 分) 已知数列 na 各项均不为 0，其前 n 项和为 nS ，且对任意 *nN 都有 (1 ) nnp S p pa   （ p 为大于 1 的常数），记 12 121 C C C() 2 n n n n n n n a a afn S     ． (1) 求 na ； (2) 试比较 ( 1)fn 与 1 ()2 p fnp  的大小（ ）； (3) 求证： 2111(2 1) ( ) (1) (2) (2 1) 112 nppn f n f f f n pp        剟 ，（ ）． 解：(1) ∵ ， ① ∴ 11(1 ) nnp S p pa   ． ② ②－①，得 11(1 ) n n np a pa pa    ， 即 1nna pa  ． （3 分） 在①中令 1n  ，可得 1ap ． ∴ na 是首项为 1ap ，公比为 p 的等比数列， n nap ． （4 分） (2) 由(1)可得 (1 ) ( 1) 11 nn n p p p pS pp  ． 12 121 C C Cn n n n na a a    1 2 21 C C C (1 ) ( 1)n n n n n n np p p p p         ． ∴ 12 121 C C C() 2 n n n n n n n a a afn S     1 ( 1) 2 ( 1) n nn pp pp   ， （5 分） ( 1)fn 1 11 1 ( 1) 2 ( 1) n nn pp pp     ． 而 1 ()2 p fnp  1 11 1 ( 1) 2 ( ) n nn pp p p p     ，且 1p  ， ∴ 1110nnp p p    ， 10p ． ∴  ，（ *n  N ）． （8 分） (3) 由(2)知 1(1) 2 pf p  ， ，（ ）． ∴当 2n… 时， 211 1 1 1( ) ( 1) ( ) ( 2) ( ) (1) ( )2 2 2 2 nnp p p pf n f n f n fp p p p           ． ∴ 2 2 11 1 1(1) (2) (2 1) 2 2 2 np p pf f f n p p p                   „ 2111112 npp pp   ， （10 分） （当且仅当 1n  时取等号）． 另一方面，当 ， 1, 2, , 2 1kn时， 2 22 1 ( 1) ( 1)( ) (2 ) 2 ( 1) 2 ( 1) k n k k k n k n k p p pf k f n k p p p         2 22 1 ( 1) ( 1)2 2 ( 1) 2 ( 1) k n k k k n k n k p p p p p p     … 2 1 2( 1) 1 2 ( 1)( 1) n n k n k pp p p p    22 1 2( 1) 1 21 n n n k n k pp p p p p      ． ∵ 2 2k n k np p p … ，∴ 2 2 2 21 2 1 ( 1)n k n k n n np p p p p p      „ ． ∴ 1 2( 1)( ) (2 ) 2 ( )2 ( 1) n nn ppf k f n k f npp    … ，（当且仅当 kn 时取等号）．（13 分） ∴ 2 1 2 1 2 1 1 1 1 1( ) [ ( ) (2 )] ( ) (2 1) ( )2 n n n k k k f k f k f n k f n n f n             … ．（当且仅当 时取等号）． 综上所述， 21 21 1 11(2 1) ( ) ( ) 112 n n k ppn f n f k pp       剟 ，（ ）．（ 14 分） 备战 2012 高考数学――压轴题跟踪演练系列三 1．（本小题满分 13 分） 如图，已知双曲线 C： x a y b a b 2 2 2 2 1 0 0   ( )， 的右准线l1 与一 条渐近线l2 交于点 M，F 是双曲线 C 的右焦点，O 为坐标原点. （I）求证：OM MF    ； （II）若 | |MF   1且双曲线 C 的离心率e  6 2 ，求双曲线 C 的方程； （III）在（II）的条件下，直线l3 过点 A（0，1）与双曲线 C 右支交于不同的两点 P、Q 且 P 在 A、 Q 之间，满足AP AQ     ，试判断  的范围，并用代数方法给出证明. 解：（I）右准线l1 2 ：x a c ，渐近线l2 ：y b a x   M a c ab c F c c a b( ) ( ) 2 2 2 20， ， ， ， ，  OM a c ab c( ) 2 ， MF c a c ab c b c ab c      ( ) ( ) 2 2 ， ， OM MF a b c a b c OM MF          2 2 2 2 2 2 0 ……3 分 （II）e b a e a b      6 2 1 2 2 22 2 2， ， | | ( )MF b c a b c b b a c b a            1 1 1 1 1 4 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 ， ， ， 双曲线 C 的方程为： x y 2 2 2 1  ……7 分 （III）由题意可得0 1  ……8 分 证明：设l3 1：y kx  ，点 P x y Q x y( ) ( )1 1 2 2， ， ， 由 x y y kx 2 22 2 1        得( )1 2 4 4 02 2   k x kx l3 与双曲线 C 右支交于不同的两点 P、Q                                        1 2 0 16 16 1 2 0 4 1 2 0 4 1 2 0 2 2 1 0 1 2 0 2 2 2 1 2 2 1 2 2 2 2 k k k x x k k x x k k k k k  ( )    1 2 2k ……11 分 AP AQ x y x y        ， ， ，( ) ( )1 1 2 21 1 ，得 x x1 2                   ( ) ( ) ( ) 1 4 1 2 4 1 2 1 16 4 1 2 4 2 1 2 2 2 1 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2     x k k x k k k k k k ，           1 2 2 0 2 1 1 1 42 2 k k， ， ( )        ( )1 4 2 1 02 2     的取值范围是（0，1） ……13 分 2．（本小题满分 13 分） 已知函数 f x x n x n f n n x n n N( ) ( ) [ ( )] ( ) ( *)             0 0 1 1 1 ， ， 数列{ }a n 满足a f n n Nn  ( )( *) （I）求数列 的通项公式； （II）设 x 轴、直线 x a 与函数 y f x ( ) 的图象所围成的封闭图形的面积为 S a a( ) ( ) 0 ，求 S n S n n N( ) ( )( *)  1 ； （III）在集合 M N N k k Z  { | 2 ， ，且1000 1500 k }中，是否存在正整数 N，使得不等式 a S n S nn    1005 1( ) ( ) 对一切 n N 恒成立？若存在，则这样的正整数 N 共有多少个？并求出满足 条件的最小的正整数 N；若不存在，请说明理由. （IV）请构造一个与 有关的数列{ }bn ，使得 lim( ) n nb b b    1 2  存在，并求出这个极限值. 解：（I）n N *         f n n n n f n n f n( ) [ ( )] ( ) ( )1 1 1    f n f n n( ) ( )1 ……1 分        f f f f f f ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) 1 0 1 2 1 2 3 2 3 …… f n f n n( ) ( )  1 将这 n 个式子相加，得 f n f n n n( ) ( ) ( )       0 1 2 3 1 2 f f n n n ( ) ( ) ( ) 0 0 1 2        a n n n Nn ( ) ( *)1 2 ……3 分 （II） S n S n( ) ( ) 1 为一直角梯形（ n  1时为直角三角形）的面积，该梯形的两底边的长分别为 f n f n( ) ( )1 ， ，高为 1         S n S n f n f n a an n( ) ( ) ( ) ( )1 1 2 1 2 1     1 2 1 2 1 2 2 2 [ ( ) ( )]n n n n n ……6 分 （III）设满足条件的正整数 N 存在，则 n n n n n( )      1 2 1005 2 2 1005 2010 2 又 M  { }2000 2002 2008 2010 2012 2998， ， ， ， ， ， ，   N 2010 2012 2998， ，……， 均满足条件 它们构成首项为 2010，公差为 2 的等差数列. 设共有 m 个满足条件的正整数 N，则 2010 2 1 2998  ( )m ，解得 m  495 M中满足条件的正整数 N 存在，共有 495 个， N min  2010 ……9 分 （IV）设 b an n  1 ，即 b n n n nn      2 1 2 1 1 1( ) ( ) 则 b b b n n nn1 2 2 1 1 2 1 2 1 3 1 3 1 4 1 1 1 2 1 1 1                [( ) ( ) ( ) ( )] ( ) 显然，其极限存在，并且 lim( ) lim[ ] n n n b b b n        1 2 2 1 1 2 ……10 分 注：b c an n  （c 为非零常数），b b q qn a n n a n n n     ( ) ( | | )1 2 0 1 2 1 2 1， 等都能使 lim( ) n nb b b    1 2  存在. 19. （本小题满分 14 分） 设双曲线 y a x2 2 2 3 1  的两个焦点分别为 F F1 2、 ，离心率为 2. （I）求此双曲线的渐近线l l1 2、 的方程； （II）若 A、B 分别为 上的点，且2 5 1 2| | | |AB F F ，求线段 AB 的中点 M 的轨迹方程，并说明 轨迹是什么曲线； （III）过点 N( )1 0， 能否作出直线 l ，使 与双曲线交于 P、Q 两点，且OP OQ   · 0 .若存在，求 出直线 的方程；若不存在，说明理由. 解：（I）e c a  2 42 2， c a a c2 2 3 1 2    ， ，   双曲线方程为y x2 2 3 1，渐近线方程为 y x  3 3 4 分 （II）设 A x y B x y( ) ( )1 1 2 2， ， ， ，AB 的中点  M x y，   2 5 5 2 5 2 2 10 10 3 3 3 3 2 2 3 3 3 3 3 3 3 10 1 2 1 2 1 2 2 1 2 2 1 1 2 2 1 2 1 2 1 2 1 2 1 2 1 2 1 2 2 1 2 2 | | | | | | | | ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) AB F F AB F F c x x y y y x y x x x x y y y y y x x y y x x y y x x                                    又 ， ， ， ，     3 2 1 3 2 100 75 3 25 12 2 2 2 ( ) ( )y x x y，即 则 M 的轨迹是中心在原点，焦点在 x 轴上，长轴长为10 3 ，短轴长为 10 3 3 的椭圆.（9 分） （III）假设存在满足条件的直线 设 l y k x l P x y Q x y： ， 与双曲线交于 ， 、 ， ( ) ( ) ( )1 1 1 2 2   OP OQ x x y y x x k x x x x k x x x x i                  · 0 0 1 1 0 1 0 1 2 1 2 1 2 2 1 2 1 2 2 1 2 1 2 ( )( ) ( ) ( ) 由 得 则 ， y k x y x k x k x k x x k k x x k k ii                   ( ) ( ) ( ) 1 3 1 3 1 6 3 3 0 6 3 1 3 3 3 1 2 2 2 2 2 1 2 2 2 1 2 2 2 由（i）（ ii）得 k 2 3 0  ∴k 不存在，即不存在满足条件的直线 l . 14 分 3. （本小题满分 13 分） 已知数列 an 的前 n 项和为 S n Nn ( )* ，且 S m man n  ( )1 对任意自然数都成立，其中 m 为常 数，且m  1. （I）求证数列 是等比数列； （II）设数列 的公比q f m ( ) ，数列 bn 满足：b a b f bn n1 1 1 1 3  ， ( ) ( )*n n N 2， ，试问当 m 为何值时， lim (lg ) lim (n b a n b b b b b bn n     3 1 2 2 3 3 4 …  b bn n1 ) 成立？ 解：（I）由已知 S m man n   1 11 1( ) ( ) （2） 由 ( ) ( )1 2 得：a ma man n n  1 1，即( )m a man n 1 1 对任意n N * 都成立   m m a a m m a n n n 为常数，且 即 为等比数列 分       1 1 5 1 （II）当 n  1时，a m ma1 11  ( )               a b I q f m m m b f b b b n n Nn n n n 1 1 1 1 1 1 1 3 1 1 2 ，从而 由（ ）知 ， ( ) ( ) ( )*                       1 1 1 1 1 1 1 1 3 1 2 1 2 9 1 1b b b b b b n n b n n N n n n n n n n ，即 为等差数列 ， 分( ) ( )* a m mn n        1 1                              lim (lg ) lim lg lg lim ( ) lim n b a n n n m m m m n b b b b b b n n n n n n n 1 2 1 1 3 3 1 3 1 4 1 4 1 5 1 1 1 2 1 1 2 2 3 1 · … … 由题意知lg m m  1 1，     m m m1 10 10 9 ， 13 分 4．（本小题满分 12 分） 设椭圆 )0(12 2 2 2  bab y a x 的左焦点为 F ，上顶点为 A ，过点 A 与 AF 垂直的直线分别交椭圆和 x 轴正半轴于 P ，Q 两点，且 P 分向量 AQ 所成的比为 8∶5． （1）求椭圆的离心率； （2）若过 FQA ,, 三点的圆恰好与直线l ： 033  yx 相切，求椭圆方程． 解：（1）设点 ),0,(),0,( 0 cFxQ  其中 ),0(,22 bAbac  ． 由 P 分 AQ 所成的比为 8∶5，得 )13 5,13 8( 0 bxP ， 2 分 ∴ axa x 2 31)13 5()13 8( 0 2 2 2 02  ．①， 4 分 而 AQFAbxAQbcFA  ),,(),,( 0 ， ∴ 0 AQFA ． c bxbcx 2 0 2 0 ,0  ．②， 5 分 由①②知 0232,32 222  aaccacb ． ∴ 2 1.0232 2  eee ． 6 分 （2）满足条件的圆心为 )0,2( 22 c cbO  ， )0,(,22 22222 cOcc cca c cb  ， 8 分 圆半径 ac ac b r    22 2 2 2 ． 10 分 由圆与直线l ： 033  yx 相切得， ac  2 |3| ， 又 3,2,1,2  bacca ．∴椭圆方程为 134 22  yx ． 12 分 5．（本小题满分 14 分） （理）给定正整数 n 和正数 b ，对于满足条件 baa n   2 11 的所有无穷等差数列  na ，试求 1221   nnn aaay  的最大值，并求出 y 取最大值时 na 的首项和公差． （文）给定正整数 n 和正数 b ，对于满足条件 baa n   2 11 的所有无穷等差数列  na ，试求 1221   nnn aaay  的最大值，并求出 y 取最大值时 na 的首项和公差． （理）解：设 na 公差为 d ，则 1111 , aandndaa nn   ． 3 分 dnan ndadaa aaay n nnn nnn )21()1( )()( 1 111 1221          dnnan n 2 )1()1( 1   4 分 )2)(1()2)(1( 11 11 aaanndan n nn    )3(2 1 11 aan n   ． 7 分 又 2 11 2 11 ,   nn ababaa ． ∴ 4 49 4 49)2 3(33 2 11 2 111 bbabaaaa nnnn   ，当且仅当 2 3 1 na 时，等号成 立． 11 分 ∴ 8 )49)(1()3(2 1 11 bnaany n   ． 13 分 当数列 na 首项 4 9 1  ba ，公差 n bd 4 34  时， 8 )49)(1( bny  ， ∴ y 的最大值为 8 )49)(1( bn  ． 14 分 （文）解：设 na 公差为 d ，则 1111 , aandndaa nn   ． 3 分 )2)(1(2 )1()1( )21()1( )()( 11 1 111 1221 ndandnnan dnan ndadaa aaay nn n nnn nnn            )3(2 1)2)(1( 11 11 1 aanaaan n n n     ， 6 分 又 2 11 2 11 ,   nn ababaa ． ∴ 4 49 4 49)2 3(33 2 11 2 111 bbabaaaa nnnn   ． 当且仅当 2 3 1 na 时，等号成立． 11 分 ∴ 8 )49)(1()3(2 1 11 bnaany n   ． 13 分 当数列 na 首项 4 9 1  ba ，公差 n bd 4 34  时， 8 )49)(1( bny  ． ∴ y 的最大值为 8 )49)(1( bn  ． 14 分 6．（本小题满分 12 分） 垂直于 x 轴的直线交双曲线 22 22  yx 于 M、N 不同两点，A1、A2 分别为双曲线的左顶点和右顶 点，设直线 A1M 与 A2N 交于点 P（x0，y0） （Ⅰ）证明： ;2 2 0 2 0 为定值yx  （Ⅱ）过 P 作斜率为 0 0 2y x 的直线 l，原点到直线 l 的距离为 d，求 d 的最小值. 解（Ⅰ）证明： )0,2(),0,2(),,(),,( 211111 AAyxNyxM  则设 )2( 21 1 1    x x yyMA 的方程为直线 ① 直线 A2N 的方程为 )2( 21 1    x x yy ②……4 分 ①×②，得 )2( 2 2 2 1 2 12    x x yy 分为定值 的交点与是直线 即 822 ),( 22),2(2 1,22 2 0 2 0 2100 22222 1 2 1      yx NAMAyxP yxxyyx （Ⅱ） 02222),(2 00 2 0 2 00 0 0 0  yyxxyxxxy xyyl 整理得结合的方程为 2 0 2 0 2 0 2 0 1 2 22 2 4 2 yyyx d     于是 ……10 分 11 221122 2 0 2 0 2 0 2 0 2 0  ydyyyx 当 1,1,1 2 00 取最小值时 dyy  ……12 分 7．（本小题满分 14 分） 已知函数 xxxf sin)(  （Ⅰ）若 ;)(],,0[ 的值域试求函数 xfx  （Ⅱ）若 );3 2(3 )()(2:),,0(],,0[ xfxffx   求证 （Ⅲ）若 )3 2(3 )()(2,),)1(,(],)1(,[ xfxffZkkkkkx   与猜想 的大小关系 （不必写出比较过程）. 解：（Ⅰ） 为增函数时当 )(,0cos1)(,),0( xfxxfx   分的值域为即 求得所以 上连续在区间又 4],0[)( )(0),()()0( ],0[)(    xf xffxff xf  （Ⅱ）设 )3 2(3 )()(2)( xfxffxg   ， 3 2sin3 sin)(2)( xxfxg  即 )3 2coscos(3 1)( xxxg   ……6 分       xxg x x 得由 ,0)( ),0(3 2 ),0(],,0[ .)(,0)(,),0( 为减函数时当 xgxgx   分为增函数时当 8)(,0)(,),( xgxgx   分因而 有对 的最小值为则 上连续在区间 10)3 2(3 )()(2 0)()(],0[ )()( ],0[)(   xfxff gxgx xgg xg       （Ⅲ）在题设条件下，当 k 为偶数时 )3 2(3 )()(2 xfxff   当 k 为奇数时 )3 2(3 )()(2 xfxff   ……14 分 备战 2012 高考数学――压轴题跟踪演练系列四 1．（本小题满分 14 分） 已知 f(x)= 2 2 2   x ax (x∈R)在区间[－1，1]上是增函数. （Ⅰ）求实数 a 的值组成的集合 A； （Ⅱ）设关于 x 的方程 f(x)= x 1 的两个非零实根为 x1、x2.试问：是否存在实数 m，使得不等式 m2+tm+1 ≥|x1－x2|对任意 a∈A 及 t∈[－1，1]恒成立？若存在，求 m 的取值范围；若不存在，请说明理由. 本小题主要考查函数的单调性，导数的应用和不等式等有关知识，考查数形结合及分类讨论思想和灵活运 用数学知识分析问题和解决问题的能力.满分 14 分. 解：（Ⅰ）f＇(x)= 22 2 )2( 224   x xax = 22 2 )2( )2(2   x axx ， ∵f(x)在[－1，1]上是增函数， ∴f＇(x)≥0 对 x∈[－1，1]恒成立， 即 x2－ax－2≤0 对 x∈[－1，1]恒成立. ① 设 (x)=x2－ax－2， 方法一： (1)=1－a－2≤0， ①  －1≤a≤1， (－1)=1+a－2≤0. ∵对 x∈[－1，1]，f(x)是连续函数，且只有当 a=1 时，f＇(-1)=0 以及当 a=－1 时，f＇(1)=0 ∴A={a|－1≤a≤1}. 方法二： 2 a ≥0， <0， ① 或 (－1)=1+a－2≤0 (1)=1－a－2≤0 0≤a≤1 或 －1≤a≤0 －1≤a≤1. ∵对 x∈[－1，1]，f(x)是连续函数，且只有当 a=1 时，f＇(－1)=0 以及当 a=-1 时，f＇(1)=0 ∴A={a|－1≤a≤1}. （Ⅱ）由 2 2 2   x ax = ，得 x2－ax－2=0， ∵△=a2+8>0 ∴x1，x2 是方程 x2－ax－2=0 的两非零实根， x1+x2=a， ∴ 从而|x1－x2|= 21 2 21 4)( xxxx  = 82 a . x1x2=－2， ∵－1≤a≤1，∴|x1-x2|= 82 a ≤3. 要使不等式 m2+tm+1≥|x1－x2|对任意 a∈A 及 t∈[－1，1]恒成立， 当且仅当 m2+tm+1≥3 对任意 t∈[－1，1]恒成立， 即 m2+tm－2≥0 对任意 t∈[－1，1]恒成立. ② 设 g(t)=m2+tm－2=mt+(m2－2)， 方法一： g(－1)=m2－m－2≥0， ②  g(1)=m2+m－2≥0， m≥2 或 m≤－2. 所以，存在实数 m，使不等式 m2+tm+1≥|x1－x2|对任意 a∈A 及 t∈[－1，1]恒成立，其取值范围是{m|m ≥2，或 m≤－2}. 方法二： 当 m=0 时，②显然不成立； 当 m≠0 时， m>0， m<0， ② 或 g(－1)=m2－m－2≥0 g(1)=m2+m－2≥0 m≥2 或 m≤－2. 所以，存在实数 m，使不等式 m2+tm+1≥|x1－x2|对任意 a∈A 及 t∈[-1，1]恒成立，其取值范围是{m|m ≥2，或 m≤－2}. 2．（本小题满分 12 分） 如图，P 是抛物线 C：y= 2 1 x2 上一点，直线 l 过点 P 且与抛物线 C 交于另一点 Q. （Ⅰ）若直线 l 与过点 P 的切线垂直，求线段 PQ 中点 M 的轨迹 方程； （Ⅱ）若直线 l 不过原点且与 x 轴交于点 S，与 y 轴交于点 T， 试求 || || || || SQ ST SP ST  的取值范围. 本题主要考查直线、抛物线、不等式等基础知识，求轨迹方程的方法，解析几何的基本思想和综合解题能 力.满分 12 分. 解：（Ⅰ）设 P(x1，y1)，Q(x2，y2)，M(x0，y0)，依题意 x1≠0，y1>0，y2>0. 由 y= 2 1 x2， ① 得 y＇=x. ∴过点 P 的切线的斜率 k 切= x1， ∴直线 l 的斜率 kl=－ 切k 1 =- 1 1 x ， ∴直线 l 的方程为 y－ x1 2=－ (x－x1)， 方法一： 联立①②消去 y，得 x2+ 1 2 x x－x1 2－2=0. ∵M 是 PQ 的中点 x0= 2 21 xx  =- ， ∴ y0= x1 2－ 1 1 x (x0－x1). 消去 x1，得 y0=x0 2+ 2 02 1 x +1(x0≠0)， ∴PQ 中点 M 的轨迹方程为 y=x2+ +1(x≠0). 方法二： 由 y1= x1 2，y2= x2 2，x0= 2 21 xx  ， 得 y1－y2= x1 2－ x2 2= (x1+x2)(x1－x2)=x0(x1－x2)， 则 x0= 21 21 xx yy   =kl=- ， ∴x1=－ 0 1 x ， 将上式代入②并整理，得 y0=x0 2+ 2 02 1 x +1(x0≠0)， ∴PQ 中点 M 的轨迹方程为 y=x2+ +1(x≠0). （Ⅱ）设直线 l:y=kx+b，依题意 k≠0，b≠0，则 T(0，b). 分别过 P、Q 作 PP＇⊥x 轴，QQ＇⊥y 轴，垂足分别为 P＇、 Q＇，则  || || || || SQ ST SP ST || || || || || || || || 21 y b y b QQ OT PP OT  . y= 2 1 x2 由 消去 x，得 y2－2(k2+b)y+b2=0. ③ y=kx+b y1+y2=2(k2+b)， 则 y1y2=b2. 方法一： ∴  || || || || SQ ST SP ST |b|( 21 11 yy  )≥2|b| 21 1 yy =2|b| 2 1 b =2. ∵y1、y2 可取一切不相等的正数， ∴ || || || || SQ ST SP ST  的取值范围是（2，+ ）. 方法二： ∴ || || || || SQ ST SP ST  =|b| 21 21 yy yy  =|b| 2 2 )(2 b bk  . 当 b>0 时， =b 2 2 )(2 b bk  = b bk )(2 2  = b k 22 +2>2； 当 b<0 时， =－b = b bk   )(2 2 . 又由方程③有两个相异实根，得△=4(k2+b)2-4b2=4k2(k2+2b)>0， 于是 k2+2b>0，即 k2>－2b. 所以 > b bb   )2(2 =2. ∵当 b>0 时， b k 22 可取一切正数， ∴ || || || || SQ ST SP ST  的取值范围是（2，+ ）. 方法三： 由 P、Q、T 三点共线得 kTQ=KTP， 即 2 2 x by  = 1 1 x by  . 则 x1y2－bx1=x2y1－bx2，即 b(x2－x1)=(x2y1－x1y2). 于是 b= 12 2 21 2 12 2 1 2 1 xx xxxx   =－ 2 1 x1x2. ∴ = || || || || 21 y b y b  = 1 |2 1| 21xx + 1 |2 1| 21xx = || 1 2 x x + || 2 1 x x ≥2. ∵ 可取一切不等于 1 的正数， ∴ 的取值范围是（2，+ ）. 3．（本小题满分 12 分） 某突发事件，在不采取任何预防措施的情况下发生的概率为 0.3，一旦发生，将造成 400 万元的损失. 现有甲、乙两种相互独立的预防措施可供采用. 单独采用甲、乙预防措施所需的费用分别为 45 万元和 30 万元，采用相应预防措施后此突发事件不发生的概率为 0.9 和 0.85. 若预防方案允许甲、乙两种预 防措施单独采用、联合采用或不采用，请确定预防方案使总费用最少. （总费用．．．=采取预防措施的费用+发生突发事件损失的期望值.） 本小题考查概率的基本知识和数学期望概念及应用概率知识解决实际问题的能力，满分 12 分. 解：①不采取预防措施时，总费用即损失期望为 400×0.3=120（万元）； ②若单独采取措施甲，则预防措施费用为 45 万元，发生突发事件的概率为 1－0.9=0.1，损失期望值为 400×0.1=40（万元），所以总费用为 45+40=85（万元） ③若单独采取预防措施乙，则预防措施费用为 30 万元，发生突发事件的概率为 1－0.85=0.15，损失 期望值为 400×0.15=60（万元），所以总费用为 30+60=90（万元）； ④若联合采取甲、乙两种预防措施，则预防措施费用为 45+30=75（万元），发生突发事件的概率为（1 －0.9）（ 1－0.85）=0.015，损失期望值为 400×0.015=6（万元），所以总费用为 75+6=81（万元）. 2 2 综合①、②、③、④，比较其总费用可知，应选择联合采取甲、乙两种预防措施，可使总费用最少. 4．（本小题满分 14 分） 已知 .,2,1,1,}{,0 11   naaaaaaa n nn 满足数列 （I）已知数列 }{ na 极限存在且大于零，求 nn aA   lim （将 A 用 a 表示）； （II）设 ;)(:,,2,1, 1 AbA bbnAab n n nnn  证明 （III）若 ,2,12 1||  nb nn 对 都成立，求 a 的取值范围. 本小题主要考查数列、数列极限的概念和数学归纳法，考查灵活运用数学知识分析问题和解决问题的能力， 满分 14 分. 解：（I）由 两边取极限得对且存在 n nnnnn aaaAaAa 1),0(lim,lim 1   .2 4,0.2 4,1 22  aaAAaaAAaA 又解得 （II） .11, 11 AbaAbaaaAba n n n nnn   得由 都成立对即 ,2,1 )( .)( 111 1 1       n AbA bb AbA b AbAAbAab n n n n n nn n （III） .2 1|)4(2 1|,2 1|| 2 1  aaab 得令 .,2,1 2 1||,2 3 .2 3,14 .2 1|)4(2 1| 2 2 都成立对时现证明当 解得    nba aaa aa nn （i）当 n=1 时结论成立（已验证）. （ii）假设当 那么即时结论成立 ,2 1||,)1( kkbkkn  k kk k k AbAAbA bb 2 1 || 1 |)(| |||| 1  故只须证明 .2 32||,2 1 || 1 成立对即证  aAbAAbA k k .2 1 2 1 2 1||,2 3 .2||,12 12|||| .2,14,2 3 , 4 2 2 4 11 2 2 2       kkk kkkk ba AbAbAAb Aaaa aa aaA 时故当 即 时而当 由于 即 n=k+1 时结论成立. 根据（i）和（ii）可知结论对一切正整数都成立. 故 ).,2 3[,2,12 1||  的取值范围为都成立的对 anb nn  5．（本小题满分 14 分，第一小问满分 4 分，第二小问满分 10 分） 已知 aR ，函数 2( ) | |f x x x a. (Ⅰ)当 2a  时，求使 ()f x x 成立的 x 的集合； (Ⅱ)求函数 ()y f x 在区间[1 2]， 上的最小值. 本小题主要考查运用导数研究函数性质的方法，考查分类讨论的数学思想和分析推理能力. 满分 14 分. 解：（Ⅰ）由题意， 2( ) 2f x x x. 当 2x  时， 2( ) (2 )f x x x x   ，解得 0x  或 1x  ； 当 2x  时， 2( ) ( 2)f x x x x   ，解得 12x  . 综上，所求解集为 0 1 1 2，， . （Ⅱ）设此最小值为 m . ①当 1a  时，在区间[1 2]， 上， 32()f x x ax . 因为 2 2( ) 3 2 3 ( ) 03f x x ax x x a      ， (1 2)x ， ， 则 ()fx在区间 上是增函数，所以 (1) 1m f a   . ②当12a时，在区间 上， 2( ) ( ) 0f x x x a   ，由 ( ) 0fa 知 ( ) 0m f a. ③当 2a  时，在区间 上， 23()f x ax x. 2 2( ) 2 3 3 ( )3f x ax x x a x     . 若 3a  ，在区间(1 2)， 内 ( ) 0fx  ，从而 ()fx为区间[1 2]， 上的增函数， 由此得 (1) 1m f a   . 若 23a，则 2123 a. 当 21 3xa 时， ，从而 为区间 2[1 ]3 a， 上的增函数； 当 2 23 ax时， ( ) 0fx  ，从而 为区间 2[ 2]3 a， 上的减函数. 因此，当 23a时， 或 (2) 4( 2)m f a   . 当 72 3a时， 4( 2) 1aa   ，故 ； 当 7 33 a时， 1 4( 2)aa   ，故 . 综上所述，所求函数的最小值 11 12 74( 2) 2 3 71 3 aa a m aa aa            ， 当 时； 0， 当 时； ， 当 时； ， 当 时． 6．（本小题满分 14 分，第一小问满分 2 分，第二、第三小问满分各 6 分） 设数列 na 的前 n 项和为 nS ，已知 1 2 31 6 11a a a  ， ， ，且 1(5 8) (5 2) 1 2 3nnn S n S An B n     ， ，，， ， 其中 AB， 为常数. (Ⅰ)求 A 与 B 的值； (Ⅱ)证明：数列 na 为等差数列； (Ⅲ)证明：不等式 51mn m na a a对任何正整数 mn， 都成立. 本小题主要考查等差数列的有关知识、不等式的证明方法，考查思维能力、运算能力. 解：（Ⅰ）由已知，得 111Sa， 2 1 2 7S a a   ， 3 1 2 3 18S a a a    . 由 1(5 8) (5 2)nnn S n S An B     ，知 21 32 37 2 12 2 S S A B S S A B         ， ， 即 28 2 48 AB AB        ， ， 解得 20A  ， 8B  . （Ⅱ）方法 1 由（Ⅰ），得 1(5 8) (5 2) 20 8nnn S n S n      ， ① 所以 21(5 3) (5 7) 20 28nnn S n S n      . ② ②-①，得 21(5 3) (10 1) (5 2) 20n n nn S n S n S       ， ③ 所以 3 2 1(5 2) (10 9) (5 7) 20n n nn S n S n S         . ④ ④-③，得 3 2 1(5 2) (15 6) (15 6) (5 2) 0n n n nn S n S n S n S          . 因为 11n n na S S， 所以 3 2 1(5 2) (10 4) (5 2) 0n n nn a n a n a        . 又因为 5 2 0n ， 所以 3 2 120n n na a a     ， 即 3 2 2 1n n n na a a a   ， 1n  . 所以数列 na 为等差数列. 方法 2 由已知，得 111Sa， 又 1(5 8) (5 2) 20 8nnn S n S n      ，且5 8 0n ， 所以数列 nS 是唯一确定的，因而数列 是唯一确定的. 设 54nbn，则数列 nb 为等差数列，前 n 项和 (5 3) 2n nnT  . 于是 1 ( 1)(5 2) (5 3)(5 8) (5 2) (5 8) (5 2) 20 822nn n n n nn T n T n n n             ， 由唯一性得 nnba ，即数列 为等差数列. （Ⅲ）由（Ⅱ）可知， 1 5( 1) 5 4na n n     . 要证 51mn m na a a， 只要证 5 1 2mn m n m na a a a a   . 因为 54mna mn， (5 4)(5 4) 25 20( ) 16mna a m n mn m n       ， 故只要证 5(5 4) 1 25 20( ) 16 2mnmn mn m n a a       ， 即只要证 20 20 37 2mnm n a a   . 因为 2 5 5 8m n m na a a a m n     5 5 8 (15 15 29)m n m n      20 20 37mn   ， 所以命题得证. 备战 2012 高考数学――压轴题跟踪演练系列五 1．（本小题满分 14 分） 已知椭圆 )0(12 2 2 2  bab y a x 的左、右焦点分别是 F1（－c，0）、 F2（c，0）， Q 是椭圆外的动点， 满足 .2|| 1 aQF  点 P 是线段 F1Q 与该椭圆的交点，点 T 在线段 F2Q 上，并且满足 .0||,0 22  TFTFPT （Ⅰ）设 x 为点 P 的横坐标，证明 xa caPF || 1 ； （Ⅱ）求点 T 的轨迹 C 的方程； （Ⅲ）试问：在点 T 的轨迹 C 上，是否存在点 M， 使△F1MF2 的面积 S= .2b 若存在，求∠F1MF2 的正切值；若不存在，请说明理由. 本小题主要考查平面向量的概率，椭圆的定义、标准方程和有关性质，轨迹的求法和应用，以及综合运用 数学知识解决问题的能力.满分 14 分. （Ⅰ）证法一：设点 P 的坐标为 ).,( yx 由 P ),( yx 在椭圆上，得 .)( )()(|| 2 2 2 2 2222 1 xa ca xa bbcxycxPF   由 0,  acxa caax 知 ，所以 .|| 1 xa caPF  ………………………3 分 证法二：设点 P 的坐标为 记 ,||,|| 2211 rPFrPF  则 .)(,)( 22 2 22 1 ycxrycxr  由 .||,4,2 11 2 2 2 121 xa carPFcxrrarr  得 证法三：设点 P 的坐标为 椭圆的左准线方程为 .0 xa ca 由椭圆第二定义得 a c c ax PF   || || 2 1 ，即 .|||||| 2 1 xa cac axa cPF  由 0,  acxa caax 知 ，所以 …………………………3 分 （Ⅱ）解法一：设点 T 的坐标为 当 0|| PT 时，点（ a ，0）和点（－ ，0）在轨迹上. 当| 0||0| 2  TFPT 且 时，由 0|||| 2  TFPT ，得 2TFPT  . 又 |||| 2PFPQ  ，所以 T 为线段 F2Q 的中点. 在△QF1F2 中， aQFOT  ||2 1|| 1 ，所以有 .222 ayx  综上所述，点 T 的轨迹 C 的方程是 …………………………7 分 解法二：设点 T 的坐标为 ).,( yx 当 0|| PT 时，点（ a ，0）和点（－ ，0）在轨迹上. 当| 时，由 02 TFPT ，得 2TFPT  . 又 ，所以 T 为线段 F2Q 的中点. 设点 Q 的坐标为（ yx , ），则        .2 ,2 yy cxx 因此      .2 ,2 yy cxx ① 由 aQF 2|| 1  得 .4)( 222 aycx  ② 将①代入②，可得 .222 ayx  综上所述，点 T 的轨迹 C 的方程是 ……………………7 分 （Ⅲ）解法一：C 上存在点 M（ 00 , yx ）使 S= 2b 的充要条件是      .||22 1 , 2 0 22 0 2 0 byc ayx 由③得 ay || 0 ，由④得 .|| 2 0 c by  所以，当 c ba 2  时，存在点 M，使 S= ； 当 c ba 2  时，不存在满足条件的点 M.………………………11 分 当 时， ),(),,( 002001 yxcMFyxcMF  ， 由 2222 0 22 021 bcaycxMFMF  ， 212121 cos|||| MFFMFMFMFMF  ， 2 2121 sin||||2 1 bMFFMFMFS  ，得 .2tan 21  MFF 解法二：C 上存在点 M（ ）使 S= 的充要条件是 ③ ④      .||22 1 , 2 0 22 0 2 0 byc ayx 由④得 .|| 2 0 c by  上式代入③得 .0))(( 22 2 4 22 0  c bac ba c bax 于是，当 c ba 2  时，存在点 M，使 S= 2b ； 当 c ba 2  时，不存在满足条件的点 M.………………………11 分 当 时，记 cx ykkcx ykk MFMF  0 0 2 0 0 1 21 , ， 由 ,2|| 21 aFF  知  9021MFF ，所以 .2|1|tan 21 21 21   kk kkMFF …………14 分 2．（本小题满分 12 分） 函数 )(xfy  在区间（0，+∞）内可导，导函数 )(xf  是减函数，且 .0)(  xf 设 mkxyx  ),,0(0 是曲线 在点（ )(, 00 xfx ）得的切线方程，并设函数 .)( mkxxg  （Ⅰ）用 0x 、 )( 0xf 、 )( 0xf  表示 m； （Ⅱ）证明：当 )()(,),0(0 xfxgx  时 ； （Ⅲ）若关于 x 的不等式 ),0[2 31 3 2 2  在xbaxx 上恒成立，其中 a、b 为实数， 求 b 的取值范围及 a 与 b 所满足的关系. 本小题考查导数概念的几何意义，函数极值、最值的判定以及灵活运用数形结合的思想判断函数之间的大 小关系.考查学生的学习能力、抽象思维能力及综合运用数学基本关系解决问题的能力.满分 12 分 （Ⅰ）解： ).()( 000 xfxxfm  …………………………………………2 分 （Ⅱ）证明：令 .0)(),()()(),()()( 00  xhxfxfxhxfxgxh 则 因为 )(xf  递减，所以 )(xh 递增，因此，当 0)(,0  xhxx 时 ； 当 0)(,0  xhxx 时 .所以 0x 是 )(xh 唯一的极值点，且是极小值点，可知 的 最小值为 0，因此 ,0)( xh 即 ).()( xfxg  …………………………6 分 （Ⅲ）解法一： 10  b ， 0a 是不等式成立的必要条件，以下讨论设此条件成立. 0)1(,1 22  baxxbaxx 即 对任意 ),0[ x 成立的充要条件是 .)1(2 2 1 ba  ③ ④ 另一方面，由于 3 2 2 3)( xxf  满足前述题设中关于函数 )(xfy  的条件，利用（II）的结果可知， 3 2 2 3 xbax  的充要条件是：过点（0， b ）与曲线 3 2 2 3 xy  相切的直线的斜率大于 a ，该切线的方程为 .)2( 2 1 bxby   于是 3 2 2 3 xbax  的充要条件是 .)2( 2 1 ba  …………………………10 分 综上，不等式 3 2 2 2 31 xbaxx  对任意 ),0[ x 成立的充要条件是 .)1(2)2( 2 1 2 1 bab  ① 显然，存在 a、b 使①式成立的充要条件是：不等式 .)1(2)2( 2 1 2 1 bb  ② 有解、解不等式②得 .4 22 4 22  b ③ 因此，③式即为 b 的取值范围，①式即为实数在 a 与 b 所满足的关系.…………12 分 （Ⅲ）解法二： 0,10  ab 是不等式成立的必要条件，以下讨论设此条件成立. 0)1(,1 22  baxxbaxx 即 对任意 成立的充要条件是 .)1(2 2 1 ba  ………………………………………………………………8 分 令 3 2 2 3)( xbaxx  ，于是 对任意 成立的充要条件是 .0)( x 由 .0)( 33 1   axxax 得 当 30  ax 时 ;0)(  x 当 3 ax 时， 0)(  x ，所以，当 3 ax 时， )(x 取最小值.因此 0)( x 成立的充要条件是 0)( 3 a ，即 .)2( 2 1  ba ………………10 分 综上，不等式 3 2 2 2 31 xbaxx  对任意 成立的充要条件是 .)1(2)2( 2 1 2 1 bab  ① 显然，存在 a、b 使①式成立的充要条件是：不等式 2 1 2 1 )1(2)2( bb  ② 有解、解不等式②得 因此，③式即为 b 的取值范围，①式即为实数在 a 与 b 所满足的关系.…………12 分 3．（本小题满分 12 分） 已知数列 na 的首项 1 5,a  前 n 项和为 nS ，且 * 1 5( )nnS S n n N     （I）证明数列 1na  是等比数列； （II）令 2 12() n nf x a x a x a x    ，求函数 ()fx在点 1x  处的导数 (1)f  并比较 2 (1)f  与 223 13nn 的大小. 解：由已知 * 1 5( )nnS S n n N     可得 12, 2 4nnn S S n    两式相减得  1121n n n nS S S S    即 1 21nnaa 从而  1 1 2 1nnaa    当 1n  时 212 1 5SS   所以 2 1 126a a a   又 1 5a  所以 2 11a  从而  211 2 1aa   故总有 1 1 2( 1)nnaa    ， *nN 又 115, 1 0aa   从而 1 1 21 n n a a    即数列 1na  是等比数列； （II）由（I）知 3 2 1n na    因为 所以 1 12( ) 2 n nf x a a x na x      从而 12(1) 2 nf a a na     =   23 2 1 2 3 2 1 (3 2 1)nn         =  23 2 2 2 2nn     - 12 n   =   1 ( 1)3 1 2 62 n nnn      由上    22 (1) 23 13 12 1 2nf n n n      -  212 2 1nn =    12 1 2 12 1 (2 1)nn n n     =12( 1) 2 (2 1)nnn  ① 当 1n  时，①式=0 所以 22 (1) 23 13f n n ； 当 2n  时，①式=-12 0 所以 22 (1) 23 13f n n  当 3n  时， 10n 又   0 1 12 1 1 nn n n n n n nC C C C        2 2 2 1nn   所以   1 2 2 1 0nnn   即① 0 从而  4．(本小题满分 14 分) 已知动圆过定点 ,02 p  ，且与直线 2 px  相切，其中 0p  . （I）求动圆圆心C 的轨迹的方程； （II）设 A、B 是轨迹 上异于原点O 的两个不同点，直线OA 和OB 的倾斜角分别为 和  ，当 ,变 化且 为定值 (0 )   时，证明直线 AB 恒过定点，并求出该定点的坐标. 解：（I）如图，设 M 为动圆圆心， ,02 p  为记为 F ，过点 作直线 2 px  的垂线，垂足为 N ，由题 y A xo B ,02 pF   N 2 px  意知： MF MN 即动点 M 到定点 F 与定直线 2 px  的距离相等，由抛物线的定义知，点 的轨迹 为抛物线，其中 ,02 pF   为焦点， 为准线，所以轨迹方程为 2 2 ( 0)y px P； （II）如图，设    1 1 2 2, , ,A x y B x y ，由题意得 12xx （否则  ）且 12,0xx 所以直线 AB 的斜 率存在，设其方程为 y kx b，显然 22 12 12,22 yyxxpp，将 与 联立消去 x ， 得 2 2 2 0ky py pb   由韦达定理知 1 2 1 2 22,p pby y y ykk    ① （1）当 2   时，即 2 时，tan tan 1所以 12 1 2 1 2 12 1, 0yy x x y yxx    ， 22 12 122 04 yy yyp 所 以 2 12 4y y p 由 ① 知： 22 4pb pk  所以 2.b pk 因 此直线 AB 的 方 程可 表 示为 2y kx Pk ，即 ( 2 ) 0k x P y   所以直线 恒过定点 2 ,0p （2）当 2   时，由  ，得 tan tan( )  = tan tan 1 tan tan     = 12 2 12 2 ( ) 4 p y y y y p   将①式代入上式整理化简可得： 2tan 2 p b pk   ，所以 2 2tan pb pk， 此时，直线 的方程可表示为 y kx2 2tan p pk  即 2( 2 ) 0tan pk x p y      所以直线 恒过定点 22,tan pp   所以由（1）（ 2）知，当 2   时，直线 恒过定点 ，当 2   时直线 恒过定点 . 5．（本小题满分 12 分） 已知椭圆 C1 的方程为 14 2 2  yx ，双曲线 C2 的左、右焦点分别为 C1 的左、右顶点，而 C2 的左、 右顶点分别是 C1 的左、右焦点. （Ⅰ）求双曲线 C2 的方程； （Ⅱ）若直线 2:  kxyl 与椭圆 C1 及双曲线 C2 都恒有两个不同的交点，且 l 与 C2 的两个交点 A 和 B 满足 6OBOA （其中 O 为原点），求 k 的取值范围. 解：（Ⅰ）设双曲线 C2 的方程为 12 2 2 2  b y a x ，则 .1,314 22222  bcbaa 得再由 故 C2 的方程为 .13 2 2  yx （II）将 .0428)41(142 222 2  kxxkyxkxy 得代入 由直线 l 与椭圆 C1 恒有两个不同的交点得 ,0)14(16)41(16)28( 2222 1  kkk 即 .4 12 k ① 0926)31(132 222 2  kxxkyxkxy 得代入将 . 由直线 l 与双曲线 C2 恒有两个不同的交点 A，B 得 .13 1 .0)1(36)31(36)26( ,031 22 222 2 2       kk kkk k 且即 )2)(2( ,66 31 9,31 26),,(),,( 22     BABABABA BABA BABABBAA kxkxxxyyxx yyxxOBOA kxxk kxxyxByxA 而得由 则设 .13 73 2 31 262 31 9)1( 2)(2)1( 2 2 22 2 2         k k k kk k k xxkxxk BABA .013 1315,613 73 2 2 2 2    k k k k 即于是 解此不等式得 .3 1 15 13 22  kk 或 ③ 由①、②、③得 .115 13 3 1 4 1 22  kk 或 故 k 的取值范围为 )1,15 13()3 3,2 1()2 1,3 3()15 13,1(   6．（本小题满分 12 分） 数列{an}满足 )1(2 1)11(1 211   nannaa nnn且 . （Ⅰ）用数学归纳法证明： )2(2  nan ； （Ⅱ）已知不等式 )1(:,0)1ln( 2  neaxxx n证明成立对 ，其中无理数 e=2.71828…. （Ⅰ）证明：（1）当 n=2 时， 222 a ，不等式成立. （2）假设当 )2(  kkn 时不等式成立，即 ),2(2  kak 那么 2 2 1))1( 11(1  kkk akka . 这就是说，当 1 kn 时不等式成立. 根据（1）、（2）可知： 22  nak 对所有 成立. （Ⅱ）证法一： 由递推公式及（Ⅰ）的结论有 )1.()2 111(2 1)11( 221  nannanna nnnnn 两边取对数并利用已知不等式得 nnn anna ln)2 111ln(ln 21  .2 11ln 2 nn nna  故 nnn nnaa 2 1 )1( 1lnln 1  ).1( n 上式从 1 到 1n 求和可得 121 2 1 2 1 2 1 )1( 1 32 1 21 1lnln  nn nnaa  .22 1111 2 11 2 11 2 11 1 1)3 1 2 1(2 11     n n nnn 即 ).1(,2ln 2  neaa nn 故 （Ⅱ）证法二： 由数学归纳法易证 2)1(2  nnnn 对 成立，故 ).2()1( 1 )1( 11( 2 1)11( 21    nnnanna nn a nnnn 令 ).2())1( 11(),2(1 1   nbnnbnab nnnn 则 取对数并利用已知不等式得 nn bnnb ln))1( 11ln(ln 1  ).2()1( 1ln  nnnbn 上式从 2 到 n 求和得 )1( 1 32 1 21 1lnln 21  nnbbn  .11 1 1 3 1 2 1 2 11  nn 因 ).2(3,3ln1ln.31 3ln1 1122    neebbab nn故 故 1,,,2,13 22 2 2 1 2 1  neaeaeaneea nn 对一切故又显然 成立. 7．（本小题满分 12 分） 已知数列 :,}{ 且满足的各项都是正数na .),4(,2 1,1 10 Nnaaaa nnn   （1）证明 ;,21 Nnaa nn   （2）求数列 }{ na 的通项公式 an. 解：（1）方法一 用数学归纳法证明： 1°当 n=1 时， ,2 3)4(2 1,1 0010  aaaa ∴ 210  aa ，命题正确. 2°假设 n=k 时有 .21  kk aa 则 )4(2 1)4(2 1,1 111 kkkkkk aaaaaakn  时 ).4)((2 1 ))((2 1)(2 11 111 kkkk kkkkkk aaaa aaaaaa     而 .0,04.0 111   kkkkkk aaaaaa 又 .2])2(4[2 1)4(2 1 2 1  kkkk aaaa ∴ 1 kn 时命题正确. 由 1°、2°知，对一切 n∈N 时有 .21  nn aa 方法二：用数学归纳法证明： 1°当 n=1 时， ∴ 20 10  aa ； 2°假设 n=k 时有 21  kk aa 成立， 令 )4(2 1)( xxxf  ， )(xf 在[0，2]上单调递增，所以由假设 有： ),2()()( 1 fafaf kk  即 ),24(22 1)4(2 1)4(2 1 11   kkkk aaaa 也即当 n=k+1 时 21  kk aa 成立，所以对一切 2, 1  kk aaNn 有 （2）下面来求数列的通项： ],4)2([2 1)4(2 1 2 1  nnnn aaaa 所以 2 1 )2()2(2  nn aa nn nnnnnnn bbbbbab 22212 1 222 2 2 1 12 )2 1()2 1(2 1)2 1(2 1 2 1,2    则令 , 又 bn=－1，所以 1212 )2 1(22,)2 1(   nn nnn bab 即 备战 2012 高考数学――压轴题跟踪演练系列六 1．（本小题满分 14 分） 如图，设抛物线 2: xyC  的焦点为 F，动点 P 在直线 02:  yxl 上运动，过 P 作抛物线 C 的 两条切线 PA、PB，且与抛物线 C 分别相切于 A、B 两点. （1）求△APB 的重心 G 的轨迹方程. （2）证明∠PFA=∠PFB. 解：（1）设切点 A、B 坐标分别为 ))((,(),( 01 2 11 2 0 xxxxxx 和 ， ∴切线 AP 的方程为： ;02 2 00  xyxx 切线 BP 的方程为： ;02 2 11  xyxx 解得 P 点的坐标为： 10 10 ,2 xxyxxx PP  所以△APB 的重心 G 的坐标为 P P G xxxxx  3 10 ， ,3 4 3 )( 33 2 10 2 1010 2 1 2 010 pPP G yxxxxxxxxxyyyy  所以 243 GGp xyy  ，由点 P 在直线 l 上运动，从而得到重心 G 的轨迹方程为： ).24(3 1,02)43( 22  xxyxyx 即 （2）方法 1：因为 ).4 1,(),4 1,2(),4 1,( 2 1110 102 00  xxFBxxxxFPxxFA 由于 P 点在抛物线外，则 .0|| FP ∴ , || 4 1 )4 1(|| )4 1)(4 1(2 |||| cos 10 22 0 2 0 2 0100 10 FP xx xxFP xxxxxx FAFP FAFPAFP      同理有 , || 4 1 )4 1(|| )4 1)(4 1(2 |||| cos 10 22 1 2 1 2 1101 10 FP xx xxFP xxxxxx FBFP FBFPBFP      ∴∠AFP=∠PFB. 方法 2：①当 ,0,0,,0 000101  yxxxxx 则不妨设由于时 所以 P 点坐标为 )0,2( 1x ，则 P 点到 直线 AF 的距离为： ,4 1 4 1:;2 || 1 2 1 1 1 xx x yBFxd   的方程而直线 即 .04 1)4 1( 11 2 1  xyxxx 所以 P 点到直线 BF 的距离为： 2 || 4 1 2 ||)4 1( )()4 1( |42)4 1(| 1 2 1 12 1 2 1 22 1 112 1 2 x x xx xx xxx d        所以 d1=d2，即得∠AFP=∠PFB. ②当 001 xx 时，直线 AF 的方程： ,04 1)4 1(),0(0 4 1 4 1 00 2 0 0 2 0    xyxxxxx x y 即 直线 BF 的方程： ,04 1)4 1(),0(0 4 1 4 1 11 2 1 1 2 1    xyxxxxx x y 即 所以 P 点到直线 AF 的距离为： 2 || 4 1 )4 1)(2| )4 1( |4 1)2)(4 1(| 10 2 0 2 0 10 2 0 22 0 01 2 0 102 0 1 xx x xxx xx xxxxxx d        ，同理可得到 P 点到直线 BF 的距离 2 || 01 2 xxd  ，因此由 d1=d2，可得到∠AFP=∠PFB. 2．（本小题满分 12 分） 设 A、B 是椭圆  223 yx 上的两点，点 N（1，3）是线段 AB 的中点，线段 AB 的垂直平分线与 椭圆相交于 C、D 两点. （Ⅰ）确定 的取值范围，并求直线 AB 的方程； （Ⅱ）试判断是否存在这样的 ，使得 A、B、C、D 四点在同一个圆上？并说明理由. （此题不要求在答题卡上画图） 本小题主要考查直线、圆和椭圆等平面解析几何的基础知识以及推理运算能力和综合解决问题的能力. （Ⅰ）解法 1：依题意，可设直线 AB 的方程为  223,3)1( yxxky 代入 ，整理得 .0)3()3(2)3( 222  kxkkxk ① 设 212211 ,),,(),,( xxyxByxA 则 是方程①的两个不同的根， ∴ ,0])3(3)3([4 22  kk ② 且 ,3 )3(2 221   k kkxx 由 N（1，3）是线段 AB 的中点，得 .3)3(,12 221  kkkxx 解得 k=－1，代入②得，  即,12 的取值范围是（12，+∞）. 于是，直线 AB 的方程为 .04),1(3  yxxy 即 解法 2：设 ),,(),,( 2211 yxByxA 则有 .0))(())(( 3 3 212121212 2 2 2 2 1 2 1       yyyyxxxx yx yx   依题意， .)(3, 21 21 21 yy xxkxx AB   ∵N（1，3）是 AB 的中点， ∴ .1,6,2 2121  ABkyyxx 从而 又由 N（1，3）在椭圆内，∴ ,12313 22  ∴  的取值范围是（12，+∞）. 直线 AB 的方程为 y－3=－（x－1），即 x+y－4=0. （Ⅱ）解法 1：∵CD 垂直平分 AB，∴直线 CD 的方程为 y－3=x－1，即 x－y+2=0， 代入椭圆方程，整理得 .0444 2  xx 又设 ),,(),,( 4433 yxDyxC CD 的中点为 4300 ,),,( xxyxC 则 是方程③的两根， ∴ ).2 3,2 1(,2 32,2 1)(2 1,1 0043043  Mxyxxxxx 即且 于是由弦长公式可得 .)3(2||)1(1|| 43 2  xxkCD ④ 将直线 AB 的方程 x+y－4=0，代入椭圆方程得 01684 2  xx ⑤ 同理可得 .)12(2||1|| 21 2  xxkAB ⑥ ∵当 12 时， ||||,)12(2)3(2 CDAB   假设存在 >12，使得 A、B、C、D 四点共圆，则 CD 必为圆的直径，点 M 为圆心. 点 M 到直线 AB 的距离为 .2 23 2 |42 3 2 1| 2 |4| 00    yxd ⑦ 于是，由④、⑥、⑦式和勾股定理可得 .|2|2 3 2 12 2 9|2||||| 22222 CDABdMBMA   故当 >12 时，A、B、C、D 四点匀在以 M 为圆心， 2 || CD 为半径的圆上. （注：上述解法中最后一步可按如下解法获得：） A、B、C、D 共圆  △ACD 为直角三角形，A 为直角 |AN|2=|CN|·|DN|， 即 ).2 ||)(2 ||()2 ||( 2 dCDdCDAB  ⑧ 由⑥式知，⑧式左边 ,2 12  由④和⑦知，⑧式右边 ,2 12 2 9 2 3)2 23 2 )3(2)(2 23 2 )3(2(   ∴⑧式成立，即 A、B、C、D 四点共圆. 解法 2：由（Ⅱ）解法 1 及λ >12, ∵CD 垂直平分 AB， ∴直线 CD 方程为 13  xy ，代入椭圆方程，整理得 .0444 2  xx ③ 将直线 AB 的方程 x+y－4=0，代入椭圆方程，整理得 .01684 2  xx ⑤ 解③和⑤式可得 .2 31,2 122 4,32,1   xx 不妨设 )2 33,2 31(),2 33,2 31(),122 13,122 11(   DCA ∴ )2 1233,2 3123(  CA )2 1233,2 3123(  DA 计算可得 0 DACA ，∴A 在以 CD 为直径的圆上. 又 B 为 A 关于 CD 的对称点，∴A、B、C、D 四点共圆. （注：也可用勾股定理证明 AC⊥AD） 3．（本小题满分 14 分） 已知不等式 nnn 其中],[log2 11 3 1 2 1 2  为大于 2 的整数， ][log 2 n 表示不超过 n2log 的最大 整数. 设数列 }{ na 的各项为正，且满足 ,4,3,2,),0( 1 1 1    nan naabba n n n （Ⅰ）证明 ,5,4,3,][log2 2 2  nnb ban （Ⅱ）猜测数列 }{ na 是否有极限？如果有，写出极限的值（不必证明）； （Ⅲ）试确定一个正整数 N，使得当 Nn  时，对任意 b>0，都有 .5 1na 本小题主要考查数列、极限及不等式的综合应用以及归纳递推的思想. （Ⅰ）证法 1：∵当 ,111,0,2 11 1 1 1 nana an aan naan nn n nn n n     时 即 ,111 1 naa nn   于是有 .111,,3 111,2 111 12312 naaaaaa nn    所有不等式两边相加可得 .1 3 1 2 111 1 naan   由已知不等式知，当 n≥3 时有， ].[log2 111 2 1 naan  ∵ .][log2 2.2 ][log2][log2 111, 2 2 21 nb bab nbnbaba n n  证法 2：设 nnf 1 3 1 2 1)(   ，首先利用数学归纳法证不等式 .,5,4,3,)(1  nbnf ban （i）当 n=3 时， 由 .)3(112 23 3 13 3 3 3 1 1 2 2 2 3 bf b a a a a aa      知不等式成立. （ii）假设当 n=k（k≥3）时，不等式成立，即 ,)(1 bkf bak  则 1)(1)1( 1 1)1( 1 )1( )1( 1      b bkfk k a k k ak aka k k k k ,)1(1)1 1)((1)()1()1( )1( bkf b bkkf b bbkfkk bk     即当 n=k+1 时，不等式也成立. 由（i）、（ii）知， .,5,4,3,)(1  nbnf ban 又由已知不等式得 .,5,4,3,][log2 2 ][log2 11 2 2    nnb b bn ban （Ⅱ）有极限，且 .0lim   nn a （Ⅲ）∵ ,5 1 ][log 2,][log 2 ][log2 2 222  nnnb b 令 则有 ,10242,10][loglog 10 22  nnn 故取 N=1024，可使当 n>N 时，都有 .5 1na 4．如图，已知椭圆的中心在坐标原点，焦点 F1，F2 在 x 轴上，长轴 A1A2 的长为 4，左准线 l 与 x 轴的交 点为 M，|MA1|∶|A1F1|＝2∶1． (Ⅰ)求椭圆的方程； (Ⅱ)若点 P 为 l 上的动点，求∠F1PF2 最大值． 本题主要考查椭圆的几何性质、椭圆方程、两条直线的夹角等基础知 识，考查解析几何的基本思想方法和综合解题能力.满分 14 分. 解：(Ⅰ)设椭圆方程为   22 2210xy abab    ，半焦距为c ，则   2 1 1 1 2 2 2 2 22 , 2 24 2, 3, 1 1.43 aMA a A F a cc a a a cc a a b c a b c xy                   由题意,得 故椭圆方程为 (Ⅱ)  004, , 0P y y设 00 1 1 2 2 1 2 1 1 0021 12 2 1 2 0 0 0 0 1 2 1 2 12 35 0,2 2215tan .1 15 152 15 15 15 tan 15arctan .15 yyPF k PF k F PF PF M F PF yykkF PF k k y y y y F PF F PF F PF                       设直线 的斜率 ,直线 的斜率 为锐角。 当 ，即 = 时， 取到最大值，此时 最大， 故 的最大值为 5．已知函数  fx和  gx的图象关于原点对称，且   2 2f x x x． (Ⅰ)求函数 的解析式； (Ⅱ)解不等式     1g x f x x   ； (Ⅲ)若       1h x g x f x   在 1,1 上是增函数，求实数 的取值范围． 本题主要考查函数图象的对称、二次函数的基本性质与不等式的应用等基础知识，以及综合运用所学知识 分析和解决问题的能力.满分 14 分. 解：(Ⅰ)设函数  y f x 的图象上任意一点  00,Q x y 关于原点的对称点为  ,P x y ，则 0 0 00 0, ,2 .0,2 xx xx y y y y       即 ∵点  00,Q x y 在函数  y f x 的图象上 ∴  2 2 22 2 , 2y x x y x x g x x x        ，即 故 (Ⅱ)由     21 2 1 0g x f x x x x     ， 可得 当 1x  时， 22 1 0xx   ，此时不等式无解. 当 1x  时， 22 1 0xx   ，解得 11 2x   . 因此，原不等式的解集为 11, 2  . （Ⅲ）      21 2 1 1h x x x      ①    1 4 1 1,1h x x     当 时， 在 上是增函数， 1   ② 11.1x       当 时，对称轴的方程为 ⅰ） 11 1, 1.1        当 时, 解得 ⅱ） 11 1, 1 0.1         当 时, 解得 0. 综上， 6．(本题满分 16 分)本题共有 3 个小题,第 1 小题满分 4 分, 第 2 小题满分 6 分, 第 3 小题满分 6 分. 对定义域分别是 Df、Dg 的函数 y=f(x) 、y=g(x), f(x)·g(x) 当 x∈Df 且 x∈Dg 规定: 函数 h(x)= f(x) 当 x∈Df 且 xDg g(x) 当 xDf 且 x∈Dg (1) 若函数 f(x)= 1 1 x ,g(x)=x2,x∈R,写出函数 h(x)的解析式; (2) 求问题(1)中函数 h(x)的值域; (3)若 g(x)=f(x+α), 其中 α 是常数,且 α∈[0,π],请设计一个定义域为 R 的函数 y=f(x),及一个 α 的值,使得 h(x)=cos4x,并予以证明. [解] (1)h(x)= 1 2 x x x∈(-∞,1)∪(1,+∞) 1 x=1 (2) 当 x≠1 时, h(x)= =x-1+ 1 1 x +2, 若 x>1 时, 则 h(x)≥4,其中等号当 x=2 时成立 若 x<1 时, 则 h(x)≤ 0,其中等号当 x=0 时成立 ∴函数 h(x)的值域是(-∞,0] {1}∪[4,+∞) (3)令 f(x)=sin2x+cos2x,α= 4  则 g(x)=f(x+α)= sin2(x+ 4  )+cos2(x+ )=cos2x-sin2x, 于是 h(x)= f(x)·f(x+α)= (sin2x+co2sx)( cos2x-sin2x)=cos4x. 另解令 f(x)=1+ 2 sin2x, α= 2  , g(x)=f(x+α)= 1+ 2 sin2(x+π)=1- 2 sin2x, 于是 h(x)= f(x)·f(x+α)= (1+ sin2x)( 1- sin2x)=cos4x. 7．(本题满分 18 分)本题共有 3 个小题,第 1 小题满分 4 分, 第 2 小题满分 8 分, 第 3 小题满分 6 分. 在直角坐标平面中,已知点 P1(1,2),P2(2,22),┄,Pn(n,2n),其中 n 是正整数.对平面上任一点 A0,记 A1 为 A0 关于点 P1 的对称点, A2 为 A1 关于点 P2 的对称点, ┄, AN 为 AN-1 关于点 PN 的对称点. (1)求向量 20 AA 的坐标; (2)当点 A0 在曲线 C 上移动时, 点 A2 的轨迹是函数 y=f(x)的图象,其中 f(x)是以 3 为周期的周期函数, 且当 x∈(0,3]时,f(x)=lgx.求以曲线 C 为图象的函数在(1,4]上的解析式; (3)对任意偶数 n,用 n 表示向量 nAA0 的坐标. [解](1)设点 A0(x,y), A0 为 P1 关于点的对称点 A0 的坐标为(2-x,4-y), A1 为 P2 关于点的对称点 A2 的坐标为(2+x,4+y), ∴ ={2,4}. (2) ∵ ={2,4}, ∴f(x)的图象由曲线 C 向右平移 2 个单位,再向上平移 4 个单位得到. 因此, 曲线C 是函数 y=g(x)的图象,其中g(x)是以 3 为周期的周期函数,且当 x∈(-2,1]时,g(x)=lg(x+2)-4. 于是,当 x∈(1,4]时,g(x)=lg(x-1)-4. 另解设点 A0(x,y), A2(x2,y2),于是 x2-x=2,y2-y=4, 若 3< x2≤6,则 0< x2-3≤3,于是 f(x2)=f(x2-3)=lg(x2-3). 当 1< x≤4 时, 则 3< x2≤6,y+4=lg(x-1). ∴当 x∈(1,4]时,g(x)=lg(x-1)-4. (3) nAA0 = nn AAAAAA 24220   , 由于 kkkk PPAA 212222 2   ,得 =2( nn PPPPPP 14321   )=2({1,2}+{1,23}+┄+{1,2n-1})=2{ 2 n , 3 )12(2 n }={n, 3 )12(4 n }