2018-2019学年甘肃省会宁县第一中学高二下学期期中考试化学试题 解析版 19页

会宁一中2018-2019学年度第二学期期中考试 高二级化学试题 命题人：李志明 审题人：韩彬 考试说明：本试题包括选择题和非选择题两部分，考试时间90分钟，满分100分。请考生务必用黑色或蓝色签字笔书写，要求字迹工整、笔迹清楚，将答案写在答题纸上。‎ 可能用到的相对分子质量：H 1 C 12 N 14 O 16 Cl 35.5 Ag 108‎ 第Ⅰ卷(选择题，共48分)‎ 一、选择题（本题包括16小题，每小题3分，共48分）‎ ‎1.下列物质中，其主要成分不属于烃的是（ ）‎ A. 汽油 B. 甘油 C. 煤油 D. 柴油 ‎【答案】B ‎【解析】‎ 试题分析：甘油为丙三醇，属于多元醇类，不是烃，其余各项都是混合物，其主要成分为烃类。答案选B。‎ ‎【考点定位】本题主要是考查烃的概念及常见有机物的组成 ‎【名师点睛】汽油、煤油、柴油均来自于石油的分馏，也有部分来自于石油的裂化。根据沸点的不同，分别截取不同沸点的馏分，就得到汽油、煤油、柴油。汽油馏分(＜170℃)，煤油馏分(170～230℃)，轻柴油馏分(230～270℃)，重柴油馏分(270～350℃)。一般说来，汽油为C4-C12烃类混合物，煤油为C12-C15烃类混合物，柴油为C10-C22烃类混合物。都属于烃类。本题属于基础题，引导学生回归教材，主要基础知识的积累。‎ ‎【此处有视频，请去附件查看】‎ ‎2.下列化学用语正确的是（ ）‎ A. 乙酸根离子的结构式：‎ B. CO2分子的球棍模型：‎ C. 3-甲基-1-丁烯的结构简式：(CH3)2CHCH=CH2‎ D. 丙烷的结构简式：C3H8‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A．醋酸根离子带有1个单位的负电荷，醋酸根离子的结构式为：，故A错误； B．二氧化碳存在2个C=O，是直线型结构：球棍模型：，故B错误； C．烯烃的命名，应该从离官能团最近的一端开始命名，3-甲基-1-丁烯的结构简式：（CH3）2CHCH=CH2，故C正确； D．丙烷的结构简式：CH3CH2CH3，故D错误；‎ 答案：C ‎3.下列说法中不正确的是（ ）‎ A. 液化石油气、汽油、柴油和润滑油的主要成分都是碳氢化合物 B. 对二甲苯分子中有4个碳原子在一条直线上 C. 用溴水既可以鉴别甲烷和乙烯,也可以除去甲烷中的乙烯 D. 乙烯、氯乙烯和聚乙烯都能因发生加成反应而使溴水褪色 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A.液化石油气、汽油、柴油和润滑油均是石油的分馏产物，而由于石油是多种烷烃和环烷烃的混合物，故液化石油气、汽油、柴油和润滑油的主要成分均为烃类，即主要成分均为碳氢化合物，故不选A； B.苯环具有平面正六边形结构，处于对角线位置时在同一条直线上，故不选B C.甲烷和溴水不反应，故不能使溴水褪色，而乙烯和溴水发生加成反应生成液态的1,2-二溴乙烷，而使溴水褪色，故溴水既能鉴别甲烷和乙烯，又能除去甲烷中的乙烯，故不选C； D.乙烯发生加聚反应生成聚乙烯，故聚乙烯中不含碳碳双键，不能和溴水发生反应而使溴水褪色，故选D；‎ ‎【点睛】本题考查了石油的综合利用、有机物的性质和鉴别，应注意的是氯乙烯中含碳碳双键，但聚氯乙烯中不含碳碳双键。‎ ‎4.用NA表示阿伏加德罗常数的值。下列叙述正确的是（ ）‎ A. 17 g羟基(—OH)所含有的电子数是10NA个 B. 1 mol苯乙烯中含有的碳碳双键数为4NA个 C. 常温下，14 g乙烯和丙烯的混合物中总原子数为3NA个 D. 4.2 g C3H6中含有的碳碳双键数一定为0.1NA ‎【答案】C ‎【解析】‎ 试题分析：A、依据n=，计算物质量==1mol，结合羟基结构计算电子数9NA个，故A错误；B、苯环中无碳碳双键，1mol苯乙烯中含有的碳、碳双键数为NA个，故B错误；C、乙烯和丙烯最简式CH2，依据n=，计算CH2物质的量得到原子数=×3×NA=3NA，故C正确；D、依据n=，计算物质的量==0.1mol，C3H6可能是烯烃或环烷烃，含有的碳碳双键数不一定为0.1NA，故D错误；故选C。‎ 考点：考查了阿伏加德罗常数的相关知识。‎ ‎5.丙烷与氯气发生取代反应生成二氯丙烷的同分异构体的数目有（ ）‎ A. 2种 B. 3种 C. 4种 D. 5种 ‎【答案】C ‎【解析】‎ 试题分析：丙烷二氯代产物取代同一碳原子上的2个H原子，有2种：CHCl2CH2CH3，CH3CCl2CH3，取代不同碳原子上的H原子，有2种：CH2ClCHClCH3，CH2ClCH2CH2Cl，共有4种；答案选C。‎ 考点：考查同分异构体 ‎6.下列说法全部正确的一组是（ ）‎ ‎①CH3—CH=CH2和CH2=CH2的最简式相同 ‎②CH≡CH和C6H6含碳量相同 ‎③碳原子数不同的直链烷烃一定是同系物 ‎④正戊烷、异戊烷、新戊烷的沸点逐渐变低 ‎⑤标准状况下，11.2 L的己烷所含的分子数为0.5NA(NA为阿伏加德罗常数)‎ ‎⑥能够快速、微量、精确地测定相对分子质量的物理方法是核磁共振氢谱法 ‎⑦鉴别己烯和苯：向己烯和苯中分别滴入酸性KMnO4溶液，振荡，观察是否褪色 ‎⑧欲除去乙烷中混有的乙烯，可选用酸性KMnO4溶液洗气 A. ①②③④⑦ B. ②③④⑥ C. ②③⑥ D. ③⑤⑥‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】①CH3-CH=CH2和CH2=CH2的最简式均为CH2，相同，故①正确； ②CH≡CH和C6H6最简式均为CH，含C量相同，均为92.3%，故②正确； ③碳原子数不同的直链烷烃，结构相似，分子组成相差n个CH2，则互为同系物，故③正确； ④相同C原子个数的烷烃，支链越多，沸点越低，则正戊烷、异戊烷、新戊烷的沸点逐渐变低，故④正确； ⑤标准状况下，己烷为液体，不能利用标况下气体摩尔体积计算其物质的量，故⑤错误； ⑥测定相对分子质量的物理方法为质谱法，核磁共振氢谱法可确定有机物中H的种类，故⑥错误；‎ ‎⑦己烯可使酸性KMnO4溶液褪色，但苯不可以，故⑦正确；‎ ‎⑧酸性KMnO4溶液会将乙烯氧化为二氧化碳，掺入新的杂质气体，故⑧错误；‎ 即说法正确的是①②③④⑦，故选A；‎ 答案：A ‎7.下列说法不正确的是（ ）‎ A. 蒸馏时应调整温度计的水银球于蒸馏烧瓶支管口附近 B. 邻二甲苯和液溴在光照下取代产物可能为 C. 萃取是利用溶质在两种互不相溶的溶剂中溶解度的不同，使溶质从一种溶剂内转移到另一种溶剂中的操作 D. 常用质谱法进行有机物相对分子质量的测定 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A.蒸馏时应调整温度计的水银球于蒸馏烧瓶支管口附近，所以不选A；‎ B.光照时甲基上H被取代，而苯环上H不能被取代，故选B；‎ C.萃取必须满足三个条件：一是用来萃取的试剂与原溶剂要互不相溶,这样萃取后才能分层；二是溶质在萃取试剂中的溶解度要比在原溶剂中大,这样才能使溶质从原溶剂中转移到萃取剂中；三是萃取剂与原溶剂和溶质不反应，故不选C；‎ D.质谱仪其实是把有机物打成很多小块，会有很多不同的相对分子质量出现，其中最大的那个就是该有机物的相对分子质量，所以能够快速，微量，精确测定有机物相对分子质量的物理方法是质谱法，故不选D；‎ 答案：B ‎8.核磁共振氢谱是根据不同化学环境的氢原子在谱图中给出的信号不同来确定有机物分子中氢原子种类的。下列有机物分子中，在核磁共振氢谱中只给出一种信号的是（ ）‎ A. 丙烷 B. 正丁烷 C. 新戊烷 D. 异丁烷 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A．CH3CH2CH3结构对称，只有2种H原子，核磁共振氢谱图中给出两种峰，故A错误； B．CH3CH2CH2CH3含有2种H原子，核磁共振氢谱图中给出两种峰，故B错误； C．C（CH3）4有1种H原子，核磁共振氢谱中给出一种峰，故C正确； D．（CH3）2CHCH3中有2种H原子，核磁共振氢谱图中只给出两种峰，故D错误；‎ 答案：C ‎9.某烃中碳和氢的质量比为24∶5，该烃在标准状况下的密度是2.59g·L-1，该烃的分子式为（ ）‎ A. C2H6 B. C4H8 C. C5H8 D. C4H10‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】烃中碳和氢的质量比为24：5，则n（C）：n（H）=：=2：5，即化合物的最简式为C2H5，烃在标况下的密度是2.59g/L，则M=22.4L/mol×2.59g/L=58g/mol，设分子式为（C2H5）n，则（12×2+1×5）×n=58，所以n=2，所以分子式为C4H10；‎ 答案：D ‎【点睛】充分利用C、H质量比进行计算原子个数比是解决本题的关键。‎ ‎10.下列对有机物的结构、性质有关的叙述正确的是（ ）‎ A. 苯不能使酸性高锰酸钾溶液褪色,所以苯不能发生氧化反应 B. 丙烯分子中所有原子不可能在同一平面上 C. 石油经过分馏可制得汽油、乙烯等产品 D. 1-丁烯分子中的4个碳原子一定不在同一平面内 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A.苯中不含碳碳双键，不能与高锰酸钾反应，则苯不能使酸性高锰酸钾溶液褪色，但能燃烧生成二氧化碳和水，可发生氧化反应，故A错误；‎ B.在CH3-CH＝CH2中由于含有甲基，所以所有原子不可能共平面，故B正确；‎ C.乙烯是经过石油裂解得到，故C错误；‎ D.1-丁烯分子中含有碳碳双键，具有平面形结构，与双键直接相连的原子在同一个平面，结合三点确定一个平面以及碳碳单键可以旋转可知1-丁烯分子中的4个碳原子可能在同一平面内，故D错误；‎ 答案：B ‎11.用相对分子质量为57的烷基取代甲苯苯环上的一个氢原子，所得芳香烃产物的数目为（ ）‎ A. 4 B. 7 C. 12 D. 16‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ 试题分析：相对分子质量为57的烷基是-C4H9，共有4种结构，分别与甲基处于邻、间、对位，所以所得芳香烃产物的数目为12种，故C正确。‎ 考点：本题考查同分异构体。‎ ‎12.下列反应的有机产物，肯定只有一种的是（ ）‎ A. 异戊二烯()与等物质量的Br2发生加成反应 B. 2-氯丁烷()与NaOH溶液共热发生反应 C. 甲苯在一定条件下发生硝化生成一硝基甲苯的反应 D. 等物质的量的甲烷和氯气的混和气体长时间光照后的产物 ‎【答案】B ‎【解析】‎ A、异戊二烯与等物质的量的溴反应，可以发生1，2-加成、1，4-加成、3，4-加成，存在3中同分异构体，选项A不符合；B、2-氯丁烷(CH3CHClCH2CH3)与氢氧化钠溶液共热发生取代反应生成2-丁醇一种，选项B符合；C、甲苯发生硝化反应，硝基取代苯环甲基邻、对位位置的氢原子，故发生硝化反应生成一硝基甲苯，可以为邻硝基甲苯或对硝基甲苯，存在同分异构体，选项C不符合；D、等物质的量的甲烷和氯气的混和气体长时间光照后的产物有一氯甲烷、二氯甲烷、三氯甲烷、四氯甲烷和氯化氢，选项D不符合；答案选B。‎ ‎13.下列操作能达到实验目的的是（ ）‎ A. 欲确定溴乙烷中含有溴原子，向溴乙烷中加入适量NaOH溶液后加热，待溶液冷却后滴加AgNO3溶液，若生成淡黄色沉淀即可确定 B. 用CuSO4溶液除去由电石和饱和食盐水反应生成的乙炔气体中的杂质 C. 将铁屑、溴水、苯混合加热制取溴苯 D. 将溴乙烷与氢氧化钠的醇溶液共热后产生的气体通入酸性高锰酸钾溶液检验乙烯的生成 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A.向溴乙烷中加入NaOH溶液充分反应后，加入AgNO3溶液，氢氧化钠和硝酸银反应，生成氢氧化银白色沉淀，该沉淀会分解生成黑色的氧化银，不可观察到有淡黄色沉淀生成，应该先加入硝酸中和NaOH至溶液呈酸性，再加入硝酸银，故A错误；‎ B.电石和水生成的乙炔中含有硫化氢等杂质，硫化氢和硫酸铜反应生成难溶性CuS沉淀，乙炔和硫酸铜不反应，所以可以用硫酸铜除去乙炔中的杂质气体，故B正确；‎ C.苯与溴水不反应，而且反应不需要加热，应选铁屑、液溴、苯混合制取溴苯，故C错误；‎ D.乙醇也能被酸性高锰酸钾溶液氧化而使酸性高锰酸钾溶液褪色，所以乙醇干扰乙烯的检验，在将生成的气体通入酸性高锰酸钾溶液之前应该先除去乙醇，故D错误；‎ ‎【点睛】把握物质的性质及反应原理为解答的关键，综合性较强。‎ ‎14.“绿色化学”要求不产生副产物，实现零排放。现实验室中要合成一溴乙烷，下列最符合绿色化学要求的是（ ）‎ A. 乙烷和溴蒸气在光照下发生反应 B. 将乙烯通入溴水中发生反应 C. 乙烯与溴化氢在一定条件下反应 D. 乙炔与溴化氢在一定条件下反应 ‎【答案】C ‎【解析】‎ 试题分析：A．乙烷和溴蒸气在光照下发生取代反应除产生一溴乙烷外，还有HBr及其它的溴代产物，原子不能完全转化为目标产物，错误；B．将乙烯通入溴水中发生加成反应产生1,2-二溴乙烷，不能到达一溴乙烷，错误；C．乙烯与溴化氢在一定条件下发生加成反应，生成物只有一溴乙烷，正确；D．乙炔与溴化氢在一定条件下反应，可能会产生一溴乙烯、1,1-二溴乙烷或1,2-二溴乙烷，不能完全转化为目标产物，错误。‎ 考点：考查物质制备过程中的绿色化学的判断的知识。‎ ‎15.拟除虫菊酯是一类高效、低毒、对昆虫具有强烈触杀作用杀虫剂，其中对光稳定的溴氰菊酯的结构简式如图。下列对该化合物叙述正确的是（ ）‎ A. 该有机物属于芳香烃 B. 该化合物的分子式为C23H18NO3Br2‎ C. 在酸性条件下不水解 D. 在一定条件下可以发生加成反应 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A.该有机物含有C、H、O、N、Br等元素，不属于芳香烃，应为烃的衍生物，故A错误； B.该化合物的分子式为C23H21NO3Br2，故B错误； C.拟除虫菊酯中含有酯基和溴原子，因此可发生水解反应，故C错误； D.拟除虫菊酯中含有碳碳双键和苯环，可发生加成反应，故D正确；‎ 答案：D ‎16.化合物X的分子式为C5H11C，用NaOH的醇溶液处理X，可得分子式为C5H10的两种产物Y、Z，Y、Z经催化加氢后都可得到2-甲基丁烷。若将化合物X用NaOH的水溶液处理，则所得有机产物的结构简式可能是（ ）‎ A. CH3CH2CH2CH2CH2OH B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ 试题分析：根据能跟H2加成生成2-甲基丁烷，说明Y和Z均为分子中含5个C原子的不饱和烃，其碳骨架为，氯代烃发生消去反应生成烯烃和烯烃加氢生成烷烃，碳架不变，故所得有机产物的碳架有一个支链甲基，则A．CH3CH2CH2CH2CH2OH没有支链，A错误；B．对应X为，生成的烯烃有2种，符合题目要求，B正确；C．对应的X发生消去反应生成一种烯烃，C错误；D．对应的X为，不能发生消去反应，D错误，答案选B。‎ 考点：本题主要是考查有机物的结构和性质 ‎【名师点晴】该题为高频考点，侧重于学生的分析能力的考查，熟悉卤代烃消去的规律和烯烃的加成特点是解题的关键，题目难度不大。卤代烃发生消去反应的条件是：①分子中碳原子数≥2；②与—X相连的碳原子的邻位碳上必须有氢原子。与—Ｘ相连的碳原子的相邻碳原子上没有氢原子的卤代烃[如CH3X、（CH3）3C－CH2X等]不能发生消去反应。‎ 第Ⅱ卷(非选择题，共52分)‎ 二、非选择题(本题包括4小题，共52分)‎ ‎17.I、下面列出了几组物质：①金刚石与“足球烯”C60；②D2O与H2O；③16O、18O；④氧气与臭氧；⑤与；⑥CH3CH2CH2CH3和；⑦CH4和CH3CH2CH3；⑧CH3CH3和。‎ 其中互为同位素的是______；互为同素异形体的是_____；属于同系物的是_____；互为同分异构体______。‎ II、写出下列有机物的系统命名或结构简式：‎ ‎（1）(CH3)2CH(CH2)2CH(C2H5)(CH2)2CH3_______。‎ ‎（2） _______。‎ ‎（3）_____。‎ ‎（4）2-甲基-2-丁烯_____________。‎ ‎【答案】 (1). ③ (2). ①④ (3). ⑦⑧ (4). ⑥ (5). 2-甲基-5-乙基辛烷 (6). 3,4-二甲基-2-戊醇 (7). 5-甲基-3-乙基-1-己炔 (8). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ I关于“四同”的比较：‎ 同位素：质子数相同中子数不同的核素；同素异形体：一种元素构成的不同物质,一定是单质；同分异构体：分子式相同，结构不同，必为化合物；同系物：结构相似，分子式相差若干CH2原子团。‎ II 分析：判断有机物的命名是否正确或对有机物进行命名，其核心是准确理解命名规范：（1）烷烃命名原则：①长--选最长碳链为主链；②多--遇等长碳链时，支链最多为主链；③近--离支链最近一端编号；④小--支链编号之和最小；⑤简--两取代基距离主链两端等距离时，从简单取代基开始编号。如取代基不同，就把简单的写在前面，复杂的写在后面；含有官能团的有机物命名时，要选含官能团的最长碳链作为主链，官能团的位次最小。‎ ‎【详解】①金刚石与“足球烯”C60都是由碳元素形成的不同单质，互为同素异形体； ②D2O与H2O都是氢的同位素与氧元素形成的化合物； ③16O与18O质子数相同，中子数不同，互为同位素； ④氧气（O2）与臭氧（O3）都是由氧元素形成的不同单质，互为同素异形体； ⑤与均为丙烷，属于同种物质； ‎ ‎⑥CH3CH2CH2CH3和分子式相同，但结构不同，互为同分异构体 ‎⑦CH4和CH3CH2CH3结构相似，分子组成相差2个“CH2”原子团，互为同系物， ⑧CH3CH3和结构相似，分子组成相差3个“CH2”原子团，故互为同系物； 即互为同位素的是③；互为同素异形体的是①④；属于同系物的是⑦⑧；互为同分异构体⑥ ；‎ 答案： ③ ①④ ⑦⑧ ⑥‎ II （1）把碳链打开按照烷烃命名规则命名：，最长的碳链含有8个C，主链为辛烷，编号从左边开始，取代基的编号最小，2号C一个甲基、5号C一个乙基，名称：2-甲基-5-乙基辛烷；‎ 答案：2-甲基-5-乙基辛烷 ‎（2）选择含有羟基的最长碳链为主链,从离羟基最近的一端开始编号,‎ 按照主链所含的碳原子数目称为"某醇"；名称：3,4-二甲基-2-戊醇；‎ 答案：3,4-二甲基-2-戊醇 ‎（3）①首先选择含有碳碳三键的最长碳链作为主链,按主链中所含碳原子的数目命名为某炔；②给主链编号时从距离碳碳三键最近的一端开始,侧链视为取代基,碳碳三键的位次须标明；③其它同烷烃的命名规则；‎ 名称： 5-甲基-3-乙基-1-己炔；‎ 答案： 5-甲基-3-乙基-1-己炔 ‎（4）2-甲基-2-丁烯，碳碳双键在2号C，甲基在2号C，主链为丁烯，结构简式为；‎ 答案：‎ ‎18.有机物A常用于食品行业。已知9.0gA在足量的O2中充分燃烧，将生成的混合气体依次通过足量的浓硫酸和碱石灰，二者分别增重5.4 g和13.2 g，经检验剩余气体为O2。‎ ‎（1）有机物A的质谱图如上图所示，从图中可知其相对分子质量是______。‎ ‎（2）A的分子式为_____。‎ ‎（3）已知有机物A能与NaHCO3溶液发生反应，则A一定含有的官能团是_____。‎ ‎（4）A分子的核磁共振氢谱有4个吸收峰,峰面积之比是1∶1∶1∶3，则A的结构简式是___。‎ ‎（5）写出与A具有相同官能团的同分异构体的结构简式______。‎ ‎【答案】 (1). 90 (2). C3H6O3 (3). 羧基 (4). CH3CH(OH)COOH (5). HOCH2CH2COOH ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）质谱图最右面的峰是全分子的离子峰,是化学物质的分子失去1个质子产生的峰,最右面的相对分子质量最大了,显然分子片段不可能比全分子的分子量大,所以最右侧峰应该是相对分子质量的数值；‎ ‎（2）根据浓硫酸增重5.4g为水的质量，碱石灰增重13.2g为二氧化碳的质量，根据质量守恒计算氧元素的质量，进而计算最简式，再结合相对分子质量计算分子式；‎ ‎（3）A能与NaHCO3溶液发生反应，A一定含有羧基（-COOH）； （4）分子的核磁共振氢谱有4个峰，说明分子中含有4种H原子，峰面积之比是1：1：1：3，则4种H原子的数目之比为1：1：1：3，结合分子式判断分子结构； （5）官能团位置不同引起的异构；‎ ‎【详解】（1）根据质谱图最右面的峰可知相对分子质量90；‎ 答案：90‎ ‎（2）5.4g水的物质的量为=0.3mol，n（H）=0.6 mol，13.2g二氧化碳的物质的量为=0.3mol，n（C）=n（CO2）=0.3 mol，此有机物9.0g含O元素质量：9.0g-0.6g-0.3×12 g=4.8 g，n（O）==0.3 mol，故n（C）：n（H）：n（O）=0.3mol：0.6mol：0.3mol=1：2：1，即实验式为CH2O，设分子式为（CH2O）n，A的相对分子质量为90，可得30n=90，解得：n=3，故有机物A为C3H6O3；‎ 答案： C3H6O3 ‎ ‎（3）A能与NaHCO3溶液发生反应，A一定含有羧基（-COOH）；‎ 答案： 羧基 ‎（4）有机物A为C3H6O3，核磁共振氢谱有4个峰，峰面积之比是1：1：1：3，则分子中4种H原子的数目为1、1、1、3，分子中含有1个-COOH、1个-CH3、1个、1个-OH，有机物A的结构简式为CH3CH（OH）COOH； 答案：CH3CH（OH）COOH ‎（5）与A具有相同官能团的同分异构体，官能团位置异构，可改变-OH的位置，得HOCH2CH2COOH；‎ 答案：HOCH2CH2COOH ‎19.实验室用不同的实验装置研究苯与液溴的反应并制取少量溴苯。试回答下列问题：‎ ‎ ‎ ‎（1）若采用图甲装置进行实验，装置A中应预先需加入的试剂是____，E装置的作用是___。‎ ‎（2）若采用图乙装置进行实验，C中盛放的CCl4的作用是____________。‎ ‎（3）若使用图乙装置，实验结束时，打开A下端的活塞，让反应液流入B中，充分振荡，然后用___（填仪器名称）分离出溴苯(仍含有少量苯)。写出有关的离子反应方程式__________。‎ ‎（4）反应完毕后，向试管D中滴加AgNO3溶液，若有_______(填现象)生成，说明这种获得溴苯的反应属于______ (填有机反应类型)。‎ ‎【答案】 (1). Fe或FeBr3 (2). 尾气处理，防止未被吸收的HBr气体释放到空气中 (3). 吸收HBr中的溴蒸汽 (4). 分液漏斗 (5). Br2+2OH-=Br-+BrO-+H2O (6). 浅黄色沉淀 (7). 取代反应 ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 甲装置：苯和液溴在铁催化下反应生成溴苯和HBr，B用于冷凝回流，蒸馏水用于吸收HBr，碱石灰可吸收尾气，防止污染环境； 乙装置：由溴苯制备实验装置可知，苯与溴在三溴化铁为催化剂时发生取代反应生成溴苯，反应的化学方程式为，B中NaOH吸收溴，与溴苯分层，C中四氯化碳吸收HBr中的溴单质，D中HBr溶于水，与硝酸银反应生成AgBr沉淀，D中导管在液面上，可防止倒吸，以此来解答。‎ ‎【详解】（1）苯与液溴反应是需要催化剂溴化铁或铁粉，在催化剂作用下苯和溴发生取代反应生成溴苯和溴化氢；E中固体物质碱石灰可吸收尾气，防止污染环境；‎ 答案：Fe或FeBr3 尾气处理，防止未被吸收的HBr气体释放到空气中 （2）溴易挥发，溴易溶于四氯化碳，不易溶于水，则C中盛放的四氯化碳的作用是吸收HBr中的溴蒸气；‎ 答案：吸收HBr中的溴蒸汽； （3）实验结束时，打开A下端的活塞，让反应液流入B氢氧化钠溶液中，吸收溴单质，充分振荡静置分层，利用分液漏斗分液分离出溴苯， 答案： 分液漏斗 Br2+2OH-=Br-+BrO-+H2O （3）试管D中吸收的是溴化氢气体，生成了溴化氢溶于水中电离出溴离子和银离子，加入硝酸银反应生成淡黄色沉淀溴化银，说明溴单质和苯的反应是发生了取代反应；‎ 答案：浅黄色沉淀 取代反应 ‎【点睛】把握制备原理、有机物的性质、混合物分离提纯为解答的关键，注意有机反应及混合物分离提纯的应用。‎ ‎20.已知：CH3—CHCH2 + HBrCH3—CHBr—CH3(主要产物)。1 mol某烃A充分燃烧后得到8molCO2和4molH2O。烃A在不同条件下能发生如下图所示的一系列变化。‎ ‎（1）A的结构简式：_______。‎ ‎（2）上述反应②是_______反应，⑦是_______反应。(填反应类型)‎ ‎（3）写出C、H物质的结构简式：C_________，H_________。‎ ‎（4）写出DF反应的化学方程式_______________。‎ ‎（5）化合物G是F的同分异构体，遇FeCl3溶液显紫色，且苯环上只有两种不同化学环境的氢原子，写出符合条件的G的结构简式__________。（任写一种即可）‎ ‎【答案】 (1). (2). 消去 (3). 酯化(或取代) (4). (5). (6). +NaOH+NaBr (7). 或或 ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎1mol某烃A充分燃烧后可以得到8molCO2和4molH2O，故烃A的分子式为C8H8。由于不饱和度太大，猜测分子中含有苯环，且A可以发生加聚反应生成C，故A中含有碳碳双键，则A的结构简式是，C的结构简式是。A与溴发生加成反应生成B，所以B的结构简式是。B在氢氧化钠醇溶液、加热条件下发生消去反应生成E，所以E的结构简式为。E与单质溴发生加成反应生成。与HBr发生加成反应生成D，D的结构简式为（主要产物）。在氢氧化钠水溶液、加热条件下发生水解反应生成F，F的结构简式为。与乙酸发生酯化反应生成H，H的结构简式为。‎ ‎【详解】（1）由上述分析可知，A的化学式为C8H8，结构简式为；‎ 答案：‎ ‎（2）上述反应中，反应②B在氢氧化钠醇溶液、加热条件下发生消去反应生成E，所以E 的结构简式为；反应⑦是与乙酸发生酯化反应生成H，H的结构简式为；‎ 答案： 消去 酯化(或取代) ‎ ‎（3）由上述分析可知，C为，H为；‎ 答案： ‎ ‎（4）D→F在氢氧化钠水溶液、加热条件下发生水解反应生成，反应方程式为+NaOH+NaBr ；‎ 答案：+NaOH+NaBr ‎ ‎（5）化合物G是F（）的同分异构体，遇FeCl3溶液显紫色，说明有酚羟基，且苯环上只有两种不同化学环境的氢原子，说明结构非常对称，符合条件的G的结构简式： 或或；‎ 答案： 或或 ‎【点睛】计算出A的分子式根据反应条件及反应类型，利用顺推法进行推断；明确有机物官能团的相互转化是答题的关键。‎