2015年高考数学（理科）真题分类汇编E单元　不等式 13页

‎ 数 学 ‎ ‎ E单元　不等式 ‎ E1　不等式的概念与性质 ‎10．H6、E1[2015·重庆卷] 设双曲线－＝1(a>0，b>0)的右焦点为F，右顶点为A，过F作AF的垂线与双曲线交于B，C两点，过B，C分别作AC，AB的垂线，两垂线交于点D.若D到直线BC的距离小于a＋，则该双曲线的渐近线斜率的取值范围是(　　)‎ A．(－1，0)∪(0，1) ‎ B．(－∞，－1)∪(1，＋∞)‎ C．(－，0)∪(0，)‎ D．(－∞，－)∪(，＋∞)‎ ‎10．A　[解析] 由题意得A(a，0)，不妨取Bc，，Cc，－，由双曲线的对称性知D在x轴上，设D(x0，0)，由BD⊥AC得·＝－1，解得c－x0＝，由题可知c－x0＝0，归纳可得 ‎3＝a1>a2>…>an>an＋1>…>0.‎ 因为an＋1＝＝＝an－＋·，所以 ak0＋1＝a1＋(a2－a1)＋…＋(ak0＋1－ak0)＝‎ a1－k0·＋·＋＋…＋>2＋·＋＋…＋k0个＝2＋.‎ 另一方面，由上已证的不等式知a1>a2>…>ak0>ak0＋1>2，得 ak0＋1＝a1－k0·＋·＋＋…＋<2＋·＋＋…＋k0个＝2＋.‎ 综上，2＋‎0”‎的(　　)‎ A．充分而不必要条件 ‎ B．必要而不充分条件 C．充要条件 ‎ D．既不充分也不必要条件 ‎4．A　[解析] 由|x－2|<1，解得10，解得x>1或x<－2.由11或x<－2，反之，不成立，所以“|x－2|<‎1”‎是“x2＋x－2>‎0 ”‎的充分不必要条件．故选A.‎ E3　一元二次不等式的解法 ‎ ‎7．E3[2015·江苏卷] 不等式2x2－x<4的解集为________．‎ ‎7．{x|－1‎0”‎的(　　)‎ A．充分而不必要条件 ‎ B．必要而不充分条件 C．充要条件 ‎ D．既不充分也不必要条件 ‎4．A　[解析] 由|x－2|<1，解得10，解得x>1或x<－2.由11或x<－2，反之，不成立，所以“|x－2|<‎1”‎是“x2＋x－2>‎0 ”‎的充分不必要条件．故选A.‎ E4 简单的一元高次不等式的解法 E5　简单的线性规划问题 ‎6．E5[2015·广东卷] 若变量x，y满足约束条件则z＝3x＋2y的最小值为(　　)‎ A．4 B. C．6 D. ‎6．B　[解析] 画出约束条件表示的可行域如图所示，易知目标函数在点A处取得最小值，A点的坐标为，所以zmin＝3＋2×＝.‎ ‎20．K6、K8、K5、E5[2015·湖北卷] 某厂用鲜牛奶在某台设备上生产A，B两种奶制品．生产1吨A产品需鲜牛奶2吨，使用设备1小时，获利1000元；生产1吨B产品需鲜牛奶1.5吨，使用设备1.5小时，获利1200元．要求每天B产品的产量不超过A产品产量的2倍，设备每天生产A，B两种产品时间之和不超过12小时．假定每天可获取的鲜牛奶数量W(单位：吨)是一个随机变量，其分布列为 W ‎12‎ ‎15‎ ‎18‎ P ‎0.3‎ ‎0.5‎ ‎0.2‎ 该厂每天根据获取的鲜牛奶数量安排生产，使其获利最大，因此每天的最大获利Z(单位：元)是一个随机变量．‎ ‎(1)求Z的分布列和均值；‎ ‎(2)若每天可获取的鲜牛奶数量相互独立，求3天中至少有1天的最大获利超过10 000元的概率．‎ ‎20．解：(1)设每天A，B两种产品的生产数量分别为x，y，相应的获利为z，则有 　①‎ 目标函数z＝1000x＋1200y.‎ 图(1)‎ ‎　图(2)‎ 图(3)‎ 当W＝12时，①表示的平面区域如图(1)，三个顶点分别为A(0，0)，B(2.4，4.8)，C(6，0)．‎ 将z＝1000x＋1200y变形为y＝－x＋，‎ 当x＝2.4，y＝4.8时，直线l：y＝－x＋在y轴上的截距最大，‎ 最大获利Z＝zmax＝2.4×1000＋4.8×1200＝8160.‎ 当W＝15时，①表示的平面区域如图(2)，三个顶点分别为A(0，0)，B(3，6)，C(7.5，0)．‎ 将z＝1000x＋1200y变形为y＝－x＋，‎ 当x＝3，y＝6时，直线l：y＝－x＋在y轴上的截距最大，‎ 最大获利Z＝zmax＝3×1000＋6×1200＝10 200.‎ 当W＝18时，①表示的平面区域如图(3)，四个顶点分别为A(0，0)，B(3，6)，C(6，4)，D(9，0)．‎ 将z＝1000x＋1200y变形为y＝－x＋，‎ 当x＝6，y＝4时，直线l：y＝－x＋在y轴上的截距最大，‎ 最大获利Z＝zmax＝6×1000＋4×1200＝10 800.‎ 故最大获利Z的分布列为 Z ‎8160‎ ‎10 200‎ ‎10 800‎ P ‎0.3‎ ‎0.5‎ ‎0.2‎ 因此，E(Z)＝8160×0.3＋10 200×0.5＋10 800×0.2＝9708.‎ ‎(2)由(1)知，一天最大获利超过10 000元的概率P1＝P(Z>10 000)＝0.5＋0.2＝0.7，‎ 由二项分布，3天中至少有1天最大获利超过10 000元的概率为 P＝1－(1－P1)3＝1－0.33＝0.973.‎ ‎14．E5[2015·全国卷Ⅱ] 若x，y满足约束条件则z＝x＋y的最大值为________．‎ ‎14.　[解析] 画出可行域如图中阴影部分所示，‎ 目标函数可化为y＝－x＋z，所以直线z＝x＋y过点B时，z取得最大值.‎ ‎15．E5[2015·全国卷Ⅰ] 若x，y满足约束条件则的最大值为________．‎ ‎15．3　[解析] 的几何意义为点(x，y)与坐标原点连线的斜率．‎ 画出可行域，如图中阴影部分所示．‎ 由得C(1，3)，‎ 由题易知可行域上的C点与坐标原点连线的斜率最大，且最大值为3.‎ ‎2．E5[2015·北京卷] 若x，y满足 则z＝x＋2y的最大值为(　　)‎ A．0 B．‎1 C. D．2‎ ‎2．D　[解析] 画出可行域，如图中阴影部分所示．目标函数z＝x＋2y可变为y＝－x＋z，当函数y＝－x＋z过点C(0，1)时，z取得最大值2.‎ ‎5．E5[2015·福建卷] 若变量x，y满足约束条件则z＝2x－y的最小值等于(　　)‎ A．－ B．－2‎ C．－ D．2‎ ‎5．A　[解析] 可行域如图所示，当直线y＝2x－z过点A时，z取得最小值，且zmin＝－.‎ ‎4．E5[2015·湖南卷] 若变量x，y满足约束条件则z＝3x－y的最小值为(　　)‎ A．－7 B．－1 ‎ C．1 D．2‎ ‎4．A　[解析] 画出可行域，平移直线y＝3x－z，在直线x＋y＝－1与y＝1的交点A(－2，1)处z取最小值，故zmin＝3×(－2)－1＝－7.‎ ‎6．E5[2015·山东卷] 已知x，y满足约束条件若z＝ax＋y的最大值为4，则a＝(　　)‎ A．3 B．‎2 C．－2 D．－3‎ ‎6．B　[解析] 可行域如图所示，‎ 当a>0时，直线y＝－ax＋z的斜率为负，目标函数在点A(1，1)或B(2，0)‎ 处取得最大值．当在A处取得最大值时，不等式组无解；当在B处取得最大值时，解得a＝2.‎ 当a<0时，目标函数只能在点A(1，1)处取得最大值4，此时a＝3(舍去)．‎ 故a的值为2.‎ ‎10．E5[2015·陕西卷] 某企业生产甲、乙两种产品均需用A，B两种原料．已知生产1吨每种产品所需原料及每天原料的可用限额如表所示．如果生产1吨甲、乙产品可获利润分别为3万元、4万元，则该企业每天可获得最大利润为(　　)‎ 甲 乙 原料限额 A(吨)‎ ‎3‎ ‎2‎ ‎12‎ B(吨)‎ ‎1‎ ‎2‎ ‎8‎ A.12万元 B．16万元 C．17万元 D．18万元 ‎10．D　[解析] 设该企业每天生产甲种产品x吨、乙种产品y吨，则x，y需满足约束条件 利润z＝3x＋4y.约束条件表示的平面区域是以(0，0)，(4，0)，(2，3)，(0，4)为顶点的四边形及其内部，把各点坐标代入目标函数检验可知，目标函数在点(2，3)处取得最大值3×2＋4×3＝18，即该企业每天的最大利润为18万元．‎ ‎2．E5[2015·天津卷] 设变量x，y满足约束条件则目标函数z＝x＋6y的最大值为(　　)‎ A．3 B．4‎ C．18 D．40‎ ‎2．C　[解析] 画出约束条件表示的可行域如图所示，目标函数可变形为y＝－x＋z.当直线y＝－x＋z经过点A(0，3)时，z取得最大值，zmax＝0＋6×3＝18.‎ ‎14．E5[2015·浙江卷] 若实数x，y满足x2＋y2≤1，则|2x＋y－2|＋|6－x－3y ‎|的最小值是________．‎ ‎14．3　[解析] 当x，y满足x2＋y2≤1时，6－x－3y>0.由 ⇒5x2－8x＋3＝0⇒x＝或x＝1，直线2x＋y－2＝0把单位圆分成如图所示的两部分．‎ ‎①当(x，y)在阴影部分内时，2x＋y－2≥0，则原式＝2x＋y－2＋6－x－3y＝x－2y＋4，由线性规划可知，经过A时，原式取得最小值3.‎ ‎②当(x，y)在另一部分内时，2x＋y－2≤0，则原式＝－2x－y＋2＋6－x－3y＝－3x－4y＋8，由线性规划可知，经过A时，原式取得最小值3.‎ 综上，原式的最小值为3.‎ E6　基本不等式 ‎9．B7、E6[2015·陕西卷] 设f(x)＝ln x，0p D．p＝r>q ‎9．B　[解析] r＝(f(a)＋f(b))＝ln(ab)＝ln＝p.因为b>a>0，所以>，又函数f(x)在(0，＋∞)上单调递增，所以q>p＝r，故选B.‎ ‎14．J3，E6[2014·山东卷] 若的展开式中x3项的系数为20，则a2＋b2的最小 ‎9．B12，E6[2015·四川卷] 如果函数f(x)＝(m－2)x2＋(n－8)x＋1(m≥0，n≥0)在区间上单调递减，那么mn的最大值为(　　)‎ A．16 B．‎18 C．25 D. ‎9．B　[解析] (1)当m＝2时，f(x)＝(n－8)x＋1，‎ 则0≤n<8，所以0≤mn<16.‎ ‎(2)m＞2时，抛物线的对称轴为x＝－.‎ 根据题意得－≥2，即‎2m＋n≤12，‎ 所以≤≤6，‎ 所以mn≤18(当且仅当m＝3，n＝6时取等号)．‎ ‎(3)当m＜2时，由题意得－≤，即2n＋m≤18，所以≤≤9，所以mn≤，‎ 由2n＋m＝18，且2n＝m，得m＝9(舍去)．‎ 要使得mn取得最大值，应有2n＋m＝18(m＜2，n＞8)，‎ 所以mn＝(18－2n)n＜(18－2×8)×8＝16.‎ 综上所述，mn的最大值为18.‎ ‎14．F4、E6[2015·天津卷] 在等腰梯形ABCD中，已知AB∥DC，AB＝2，BC＝1，∠ABC＝60°.动点E和F分别在线段BC和DC上，且＝λ，＝，则·的最小值为________．‎ ‎14.　[解析] 根据题意，可知DC＝1，·＝(＋)·(＋)＝(＋λ)·(＋)＝·＋·＋λ·＋·＝1＋＋－≥1＋2－＝，当且仅当λ＝时，等号成立．‎ E7 不等式的证明方法 ‎22．B3、M3、E7[2015·湖北卷] 已知数列{an}的各项均为正数，bn＝nan(n∈N＋)，e为自然对数的底数．‎ ‎(1)求函数f(x)＝1＋x－ex的单调区间，并比较与e的大小；‎ ‎(2)计算，，，由此推测计算的公式，并给出证明；‎ ‎(3)令cn＝(a‎1a2…an)，数列{an}，{cn}的前n项和分别记为Sn，Tn，证明：Tn0，即x<0时，f(x)单调递增；‎ 当f′(x)<0，即x>0时，f(x)单调递减．‎ 故f(x)的单调递增区间为(－∞，0)，单调递减区间为(0，＋∞)．‎ 当x>0时，f(x)0，归纳可得 ‎3＝a1>a2>…>an>an＋1>…>0.‎ 因为an＋1＝＝＝an－＋·，所以 ak0＋1＝a1＋(a2－a1)＋…＋(ak0＋1－ak0)＝‎ a1－k0·＋·＋＋…＋>2＋·＋＋…＋k0个＝2＋.‎ 另一方面，由上已证的不等式知a1>a2>…>ak0>ak0＋1>2，得 ak0＋1＝a1－k0·＋·＋＋…＋<2＋·＋＋…＋k0个＝2＋.‎ 综上，2＋0(a>b)的解集为，则的最小值是(　　)‎ A．2 ‎ B. C．2 ‎ D．1‎ ‎8．A　[解析] 由一元二次不等式ax2＋2x＋b>0的解集为，得所以ab＝1且a>0.又已知a>b，所以＝＝(a－b)＋≥2，当且仅当a－b＝时取等号．所以的最小值是2.‎ ‎3．[2015·浙江五校联考] 设a，b是实数，则“a>b>‎1”‎是“a＋>b＋”的(　　)‎ A. 充分不必要条件 B. 必要不充分条件 C. 充要条件 D. 既不充分也不必要条件 ‎3．A　[解析] 因为a＋－＝，所以若a>b>1，则a＋－＝>0，故充分性成立；当a＝，b＝时，显然不等式a＋>b＋成立，但a>b>1不成立，所以必要性不成立．故选A. ‎ ‎5．[2015·南昌调研] 若正数a，b满足＋＝1，则＋的最小值为(　　)‎ A．16 ‎ B．25‎ C．36 ‎ D．49‎ ‎5．A　[解析] 因为a>0，b>0，＋＝1，所以a＋b＝ab，则＋＝＝＝4b＋‎16a－20.‎ 又4b＋‎16a＝4(b＋‎4a)＋＝20＋4＋≥20＋4×2×＝36，当且仅当＝且＋＝1，即a＝，b＝3时取等号，所以＋≥36－20＝16.‎ ‎9．[2015·浙江重点中学协作体适应性测试] 已知点P(x，y) 满足条件(k为常数)，若z＝x＋3y的最大值为8，则k＝________．‎ ‎9．－6　[解析] 画出x，y满足的可行域，如图中阴影部分所示．‎ 联立得即A.‎ 因此，目标函数z在点A处取得最大值，‎ 所以－＋3×＝8，所以k＝－6.‎ ‎12．[2015·嘉兴桐乡第一中学调研] 已知存在实数x，y满足约束条件 则R的最小值是________．‎ ‎12．2　[解析] 根据约束条件 作出可行域如图中阴影部分所示．由题知图中阴影部分与以(0，1)为圆心、R为半径的圆有交点，当圆与图中阴影部分相切时R最小，由图易知，R的最小值为2.‎