物理卷·2017届河北省定州中学高三复读班下学期周练（5-7）（2017-05） 12页

河北定州中学2016-2017学年第二学期 高四物理周练试题（5.7）‎ ‎ ‎ 一、选择题 ‎1．如图，水平放罝的直导线正下方有一只可自由转动的小磁针．当导线中通过自右向左的电流时，小磁针N极的转动情况是（ ）‎ ‎ ‎ A．垂直于纸面向里转 B．垂直于纸面向外转 C．在纸面内顺时针转 D．在纸面内逆时计转 ‎2．一平行板电容器两极板间距为d，极板面积为S，电容为C。对此电容器充电后断开电源，当增加两板间距时，电容器极板间 A. 电场强度不变，电势差变大 B. 电场强度不变，电势差不变 C. 电场强度减小，电势差不变 D. 电场强度减小，电势差减小 ‎3．下列说法中正确的是：‎ A．静电感应就是两个物体创造了电荷 B．摩擦起电时，一个物体创造了多余的电荷 C．摩擦和感应都能使电子转移 D．一个带电体接触一个不带电的物体，两个物体能带上异种电荷 ‎4．在如图所示的四个图中，标出了匀强磁场的磁感应强度B的方向、通电直导线中电流I的方向以及通电直导线所受安培力F的方向，其中正确表示三者方向关系的图是（ ）‎ A． B．‎ C． D．‎ ‎ ‎ ‎5．如图1所示，让木块以一定的初速度v0沿倾角可在0﹣90°之间任意调整的木板向上滑行，测出木块沿木板向上所能达到的最大位移x，画出木块向上所能达到的最大位移x与对应木板倾角α的图象（图2），由该图可求得该木块与木板间的动摩擦因数为（ ）（sin37°=0.6 cos37°=0.8 g取10m/s2）‎ ‎ ‎ A. B. C. D. ‎ ‎6．如图所示，一质量为m的物体A恰能在倾角为a的斜面体上匀速下滑。若用与水平方向成θ角、大小为F的力推A，使A加速下滑，斜面体始终静止。下列关于斜面体受地面的摩擦力的说法正确的是 ‎ ‎ A. 方向水平向右，大小为mgcosθsina B. 方向水平向左，大小为mgcosasinθ C. 方向水平向左，大小为Fcosθ D. 大小为0‎ ‎7．如图所示，小木块放在倾角为α的斜面上，受到一个水平力F（F ≠ 0）的作用处于静止．则小木块受到斜面的支持力和摩擦力的合力的方向与竖直向上的方向的夹角β可能是（ ）‎ ‎ ‎ A. β=0 B. 向右上方，β＜α C. 向右上方，β＞α D. 向左上方，β＞α ‎8．将一小段通电直导线垂直于磁场方向放入某磁场中，导线会受到一定大小的安培力作用；若保持直导线长度和其中的电流不变，将它垂直于磁场方向放入另一较强的磁场中，发现导线所受的安培力会变大。下列说法中正确的是 ( )‎ A．磁场的磁感应强度由导线所受的安培力决定 B．磁场的磁感应强度随导线所受的安培力的增大而增大 C．磁场的磁感应强度由磁场本身决定 D．在任何情况下，通电导线所受安培力的大小都能反映磁场的强弱 ‎9．点电荷A、B是带电量为Q的正电荷，C、D是带电量为Q的负电荷，它们处在一个矩形的四个顶点上。它们产生静电场的等势面如图中虚线所示，在电场中对称地有一个正方形路径abcd(与ABCD共面)，如图中实线所示，O为正方形与矩形的中心，则 A．取无穷远处电势为零，则O点电势为零，场强为零 B．b、d两点场强相等，电势相等 C．将某一正试探电荷沿正方形路径a→d→c移动，电场力先做正功，后做负功 D．将某一正试探电荷沿正方形路径a→b→c移动，电场力先做正功，后做负功 ‎10．如图，静止在地球上的物体都要随地球一起转动，a是位于赤道上的点，b是位于北纬30°的点，假设地球是理想球体，下列说法正确的是 （ ）‎ ‎ ‎ A．a、b两点的运动周期相同 B．a、b两点的角速度不相同 C．a、b两点的线速度大小之比为 D．a、b两点的线速度大小之比为2：‎ ‎11．甲、乙两小分队进行代号为“猎狐”的军事演习，指挥部通过现代通信设备，在荧屏上观察到小分队的行军路线如图所示，小分队同时由同地O点出发，最后同时捕“狐”于A点，下列说法正确的有（ ）‎ ‎ ‎ A．小分队行军路程S甲＞S乙 B．小分队平均速度v甲>v乙 C．y—x图线是速度（v）—时间（t）图象 D．y—x图象是位移（x）—时间（t）图象 ‎12．两个共点力作用在一个物体上，其中F1=4N、F2=5N，则合力的大小不可能的是 A. 1N B. 4N C. 0 D. 9N ‎13．a、b是x轴上的两个点电荷，电荷量分别为Q1和Q2，沿x轴a、b之间各点对应的电势高低如图中曲线所示．从图中可看出以下说法中不正确的是 ‎ ‎ A. 把带正电的检验电荷沿x轴由a移到b的过程中，电场力对该电荷先做正功后做负功 B. a、P间和P、b间各点的电场方向都指向P点 C. 电势最低的P点的电场强度为零 D. a和b 一定是同种电荷，但是不一定是正电荷 ‎14．如图甲所示是一个可调亮度的台灯的内部电路图，理想变压器的原线圈接有如图乙所示的正弦交变电压，副线圈触头P与线圈始终接触良好，下列判断正确的是（ ）‎ ‎ ‎ A．交变电源的电压u随时间t变化的规律是（V）‎ B．若仅将触头P向B端滑动，则灯泡的亮度增大 C．若使灯泡电阻增大的同时，将触头P向B端滑动，则通过A处的电流一定增大 D．若换用额定电压相同，额定功率更大的灯泡，则原线圈输入电功率将增大 ‎15．如下图所示，木块b放在一固定斜面上，其上表面水平，木块a放在b上。用平行于斜面向上的力F作用于a，a、b均保持静止。则木块b的受力个数可能是 ( )‎ ‎ ‎ A．2 个 B．3个 C．4个 D．5个 ‎16．如图所示，在光滑绝缘水平面上，两个带等量正电的点电荷分别固定在A、B两点，O为AB连线的中点，MN为AB的垂直平分线。在MN之间的C点由静止释放一个带负电的小球（可视为质点），若不计空气阻力，则( )‎ ‎ ‎ A. 小球从C点沿直线MN向N端运动，先做匀加速运动，后做匀减速运动 B. 小球从C点运动至距离该点最远位置的过程中，其所经过各点的先电势先降低后升高 C. 小球从C点运动至距离该点最远位置的过程中，其电势能先减小后增大 D. 若在小球运动过程中，两个点电荷所带电荷量同时等量地缓慢增大，则小球往复运动过程中的振幅将不断增大 ‎17．下列关于摩擦力大小的有关说法，正确的是( )‎ A. 摩擦力的大小一定与接触面处的压力成正比 B. 静止的物体可能受滑动摩擦力，运动的物体也可能受静摩擦力 C. 水平地面上滑行的物体受到的滑动摩擦力一定与该物体的重力成正比 D. 物体间的压力增大时，摩擦力的大小可能不变 ‎18．如图所示，一个矩形线框从匀强磁场的上方自由落下，进入匀强磁场中后，再从磁场中穿出。匀强磁场区域的宽度L大于线框的高度h。已知框的下边刚进入磁场时线框的加速度为零，空气阻力不计。则下列说法正确的是 ‎ ‎ A．从线框开始运动到线框下边刚进入磁场前的过程中，重力所做的功完全转化为线框的动能 ‎ B．从线框下边刚进入磁场到线框刚好全部进入磁场的过程中，重力所做的功完全转化为线框同路的电能 C．线框完全在磁场中运动的过程中，重力所做的功完全转化为线框的动能 D．线框穿出磁场的过程中，重力所做的功完全转化为线框的动能 ‎19．如图所示，在一粗糙水平上有两个质量分别为m1和m2的木块1和2，中间用一原长为、劲度系数为k的轻弹簧连结起来，木块与地面间的动摩擦因数为，现用一水平力向左拉木块1，当两木块一起匀速运动时两木块之间的距离是 （ ）‎ ‎ ‎ A． B．‎ C． D．‎ ‎20．如图所示,质量为10kg的物体A拴在一个被水平拉伸的弹簧一端,弹簧的拉力为5N时,物体A处于静止状态。若小车以1m/s2的加速度向右运动（g取10m/s2），则 ‎ ‎ A. 物体A相对小车向右运动 B. 物体A受到的弹簧拉力增大 C. 物体A受到的摩擦力减小 D. 物体A受到的摩擦力大小不变 ‎ ‎ ‎ ‎ 二、实验题 ‎21．在物理课外活动中，刘聪同学制作了一个简单的多用电表，图甲为电表的电路原理图．已知选用的电流表内阻Rg=10Ω、满偏电流Ig=10mA，当选择开关接3时为量程250V的电压表．该多用电表表盘如图乙所示，下排刻度均匀，C为上排刻度线的中间刻度，由于粗心上排刻度线对应数值没有标出．‎ ‎（1）若指针指在图乙所示位置，选择开关接1时其读数为 ；选择开关接3时其读数为 ．‎ ‎ ‎ ‎（2）为了测该多用电表欧姆挡的电阻和表内电源的电动势，刘聪同学在实验室找到了一个电阻箱，设计了如下实验：‎ ‎①将选择开关接2，红黑表笔短接，调节R1的阻值使电表指针满偏；‎ ‎②将多用电表红、黑表笔与电阻箱相连，调节电阻箱使多用电表指针指在C处，此时电阻箱如图丙所示，则C处刻度应为 Ω．‎ ‎③计算得到多用电表内电池的电动势为 V．（保留2位有效数字）‎ ‎（3）调零后将电表红黑表笔与某一待测电阻相连，若指针指在图乙所示位置，则待测电阻的阻值为 Ω．（保留2位有效数字）‎ ‎ ‎ 三、计算题 ‎22．如图所示，在光滑的水平杆上穿两个重均为2N的球A、B，在两球之间夹一弹簧，弹簧的劲度系数为10N/m，用两条等长的线将球C与A、B相连，此时弹簧被压短10cm，两条线的夹角为60°，求：‎ ‎ ‎ ‎（1）A球对杆的弹力大小；‎ ‎（2）C球重力大小．‎ 参考答案 ‎1．B ‎【解析】‎ 试题分析：小磁针能体现出磁场的存在，且小磁针静止时N极的指向为磁场的方向，即为磁感应强度的方向．也可为磁感线在该点的切线方向．而电流周围的磁场由右手螺旋定则来确定磁场方向．‎ 解：当通入如图所示的电流时，根据右手螺旋定则可得小磁针的位置的磁场方向是垂直纸面向外，由于小磁针静止时N极的指向为磁场的方向，所以小磁针的N极将垂直于纸面向外转动．故选项B正确．‎ 故选：B ‎【点评】右手螺旋定则也叫安培定则，让大拇指所指向为电流的方向，则四指环绕的方向为磁场方向．当导线是环形时，则四指向为电流的方向 ‎2．A ‎【解析】试题分析：因通电后断开，故两板上的带电量不变；增加d，则C减小，根据Q=CU可知电势差U增大；‎ 由公式，及可得电场强度，故E与d无关，故电场强度不变；故选A.‎ 考点：电容器；电场强度 ‎【名师点睛】此题是关于电容器的动态分析，首先要弄清两种情况：电容器带电量一定，还是电容器两板的电势差一定；此次要掌握三个基本公式：、、Q=CU；最后最好记住结论：电容器带电量一定时，两板间的场强与两板间距无关.‎ ‎3．C ‎【解析】‎ 试题分析：静电感应是由于电荷间的相互作用，而使电荷发生了移动，从物体的一部分转移到另一部分，摩擦起电是由于两个物体一个物体失去电子，另一个物体得到电子从而两个物体带上了等量异种电荷，故两种起电方式都是由于电荷的转移，一个带电体接触一个不带电的物体，两个物体能带上同种电荷，故C正确，‎ 考点：本题考查了三种起电方式 点评：三种起电方式都是由于电荷的移动一起的，都遵循电荷守恒定律 ‎4．C ‎【解析】解：根据左手定则可得，‎ A中安培力的方向是垂直向外的，‎ B中安培力的方向是竖直向下的，‎ C中安培力的方向是竖直向上的，‎ D中运动方向和磁场方向平行，不受安培力的作用，‎ 故选C．‎ ‎【点评】根据左手定则直接判断即可，比较简单．‎ ‎5．D ‎【解析】试题分析：当α=90°时，物体做竖直上抛运动，根据动能定理列式求出初速度；当α=30°时，x=1.25m，物体匀减速上滑，再根据动能定理求出动摩擦因数．‎ 解：由图2知，当α=90°时，x=1.25m，此时物体做竖直上抛运动，根据动能定理，有：‎ ‎﹣mgx=mv02﹣0，代入数据解得：v0==5m/s 由图示图象可知，当α=30°时，x=1.25m 根据动能定理，有：﹣mgxsin37°﹣μmgcos37°•x=0﹣mv02‎ 联立解得：μ=‎ 故选：D ‎【点评】本题多次运用动能定理列式，列式时要抓住物体的速度大小不变，也可以根据牛顿第二定律和运动学公式结合得到x与α的关系式，再结合图象的信息研究．‎ ‎6．D ‎【解析】试题分析：对A匀速下滑时受力分析，受重力、支持力、滑动摩擦力，根据平衡条件：摩擦力与支持力的合力应该与重力等大反向，即斜面对滑块的作用力方向竖直向上，根据牛顿第三定律，则物块对斜面的作用力方向竖直向下，当用与水平方向成θ角、大小为F的力推A，A所受斜面的支持力增大，摩擦力f=μN也增大，但是支持力N与摩擦力f仍然成比例的增大，其合力的方向仍然竖直向上，保持不变，则物块对斜面的作用力的方向仍然竖直向下，只是数值上变大，故斜面没有运动的趋势，不受地面的摩擦力；故选D．‎ 考点：摩擦力 ‎【名师点睛】本题的关键是知道A匀速下滑时：f=μN，即f与N的比例系数为μ，当F增加后，物块所受摩擦力与支持力仍然成比例的增大，故其合力方向始终没变．‎ ‎7．D ‎【解析】物体受力平衡，重力与F合力向右下方夹角＜，所以支持力与摩擦力的合力向左上方，＜，所以选D。‎ ‎8．C ‎【解析】‎ 试题分析：磁场的磁感应强度与外界因素无关，由磁场本身的性质决定，所以ABD均错。‎ 考点：磁场的性质 点评：此类题型考察了磁场的性质，磁场的强弱与外界因素无关，由场自身决定。‎ ‎9．C ‎【解析】分析：电场线与等势面垂直，电场线的疏密程度也可以反映场强的大小．‎ 解答：A、从图中可以看出，经过O点的等势面通向无穷远处，故O点的电势与无穷远处电势相等，故O点电势为零，而场强不为零，故A错误；‎ B、将一个正的试探电荷从b点移动到d点，电场力做正功，电势能减小，电势降低，故B错误；‎ C、ad间电势差为正值，而dc间电势差为负值由W=qU可得电场力先做正功，后做负功，故C正确；‎ D、ab间电势差为负值，而bc间电势差为正值由W=qU可得电场力先做负功，后做正功，故D错误 故选C．‎ 点评：本题关键抓住等势面与电场线垂直，电场线的疏密程度也可以反映场强的大小进行讨论，同时运用在同一等势面上移动，电场力做功为零．‎ ‎10．AD ‎【解析】‎ ‎11．A ‎【解析】‎ 试题分析：图像表示小分队的行军路线，即表示运动轨迹，所以，A正确CD错误；两个分队的初位置相同，末位置相同，所以位移相同，又同时由同地O点出发，最后同时捕“狐”于A点，即所用时间相同，故根据可得，B错误；‎ 考点：考查了运动图像问题，平均速度 ‎【名师点睛】本题的关键是要弄清楚图像的含义，从题中“荧屏上观察到小分队的行军路线如图所示”，即可明确该图像是表示两个小分队的运动轨迹的图像，另外在求解平均速度的问题时，一、需要明确是哪一段过程，二、需要知道该过程中所用的时间，和经过的位移，然后根据公式计算，‎ ‎12．C ‎【解析】试题分析：当两个力方向相同时合力最大为9N，当两个力方向相反时合力最小为1N，因此合力的范围是，因此C不可能，ABD有可能。‎ 考点：力的合成 ‎13．D ‎【解析】试题分析：从坐标x1到x2电势先减小后增大，根据点电荷场强公式，得到Q1的电荷量一定大于Q2的电荷量；则A正确；由电势的变化可知ap为指向p点，pb也指向P点，B正确；φ-x图线的切线斜率表示电场强度的大小，可知Xp处场强为零，C正确， 根据场强方向得出两电荷一定是正电荷，D错误；本题选错误的，故选D。‎ 考点：电势、电场强度。‎ ‎【名师点睛】φ-x图象中：①电场强度的大小等于φ-x图线的斜率大小，电场强度为零处，φ-x图线存在极值，其切线的斜率为零．②在φ-x图象中可以直接判断各点电势的大小，并可根据电势大小关系确定电场强度的方向．③在φ-x图象中分析电荷移动时电势能的变化，可用WAB=qUAB，进而分析WAB的正负，然后作出判断．。‎ ‎14．D ‎【解析】‎ 试题分析：由图甲知交变电源的电压u随时间t变化的规律是u=U0 cos（100πt）V，A错误；由于原线圈的输入电压不变，若仅将触头P向B端滑动，则副线圈的匝数减小，输出电压减小，灯泡消耗的电功率变小，B错误；当电阻增大时，电路的电阻变大，副线圈的电压变小，所以副线圈的输出功率减小，输入功率等于输出功率减小，则A处的电流减小，C错误；若换用额定电压相同，额定功率更大的灯泡，则原线圈输出功率增加，则输入电功率增加，则D正确；故选D.‎ 考点：正弦交流电；变压器.‎ ‎15．CD ‎【解析】‎ 试题分析：先对a、b整体受力分析，分析出整体与斜面间摩擦力情况；然后对a受力分析，得到b对a的作用情况；最后结合牛顿第三定律分析b物体的受力情况．‎ 先对a、b整体受力分析，受到重力、拉力、支持力，可能有静摩擦力（当F≠mgsinθ时）；‎ 对a受力分析，受拉力、重力、支持力和向左的静摩擦力，处于平衡状态；‎ 最后分析b物体的受力情况，受重力、a对b的压力、a对b向右的静摩擦力、斜面的支持力，斜面对b可能有静摩擦力，也可能没有静摩擦力，故b受4个力或者5个力；故选CD．‎ 考点：共点力平衡 ‎16．C ‎【解析】试题分析：在OM上电场的方向从O指向M，且电场强度从O到无穷远，先增大后减小，小球在运动过程中，受电场力变化，加速度变化，所以不会做匀变速运动，故A错误；在ON一侧，电场与OM一侧对称，电场方向从O指向N，，从O到无穷远，电场强度先增大后减小，所以带负电小球C点由静止释放，在电场力作用下向O处加速运动，过了O点减速运动，到达关于O点与C对称位置E处速度减为零，在CE之间往复运动，所以从C到E，电势先升高后降低，电场力先做正功，后做负功，故电势先减小后增大，故B错误；C正确；若两个点电荷所带电荷量同时等量地缓慢增大，则各处的电场强度增减增大，电场力做相同的功通过的位移越来越小，所以小球往复运动过程中的振幅将不断减小，故D错误。‎ 考点：本题考查带电体在电场中的运动 ‎17．BD ‎【解析】试题分析：摩擦力分滑动摩擦力与静摩擦力，滑动摩擦与正压力成正比，静摩擦力决定于物体的运动状态和受力情况，所以A错误；滑动摩擦力与静摩擦力指的是物体间发生相对滑动或相对运动趋势，与物体的运动状态无必然联系，所以B正确；只有在水平面上自由放置的物体，其与地面间的正压力大小才等于重力，其它情况下物体与地面间的正压力与重力并不相等，同时，滑动摩擦力是与正压力成正比，与重力并无关系，所以C错误；当物体间为静摩擦力时，增大压力时，静摩擦力可能不变，所以D正确；‎ 考点：摩擦力 ‎18．ABC ‎ ‎【解析】矩形线框从匀强磁场的上方自由落下，不计阻力机械能守恒重力所做的功完全转化为线框的动能，A对； 因为框的下边刚进入磁场时线框的加速度为零即下边所受安培力与重力大小相等，线框匀速进入磁场，安培力做负功转化为线框的热能，B对；线框全部进入磁场后安培力抵消合外力只有重力，重力所做的功完全转化为线框的动能C对；由于线框穿出时速度大于穿进时的速度，安培力大于重力，线框可能先减速后匀速出磁场，匀速时才是重力所做的功完全转化为线框的动能D错。‎ ‎19．C ‎【解析】‎ 试题分析：对木块2受力分析，根据平衡条件，弹簧的弹力与摩擦力相等，即F=μm2g；又由胡克定律：F=kx，整理：；所以弹簧的长度为：l+x=，故选C．‎ 考点：库克定律；物体的平衡 ‎20．D ‎【解析】试题分析：由题意得物体A与平板车的上表面间的最大静摩擦力Fm≥5N．F合=ma=10N，可知此时平板车对物体A的摩擦力为5N，方向向右，且为静摩擦力，所以物体A相对于车仍然静止，故A错误；物体A相对于车仍然静止，所以受到的弹簧的拉力大小不变，故B错误．F合=ma=10N，此时平板车对物体A的摩擦力为5N，方向向右，所以物体A受到的摩擦力大小不变，故C错误，D正确；故选D．‎ 考点：牛顿第二定律的应用 ‎【名师点睛】本题解题的关键是对物体摩擦力的分析，分析其摩擦力是静摩擦力还是滑动摩擦力，再根据牛顿第二定律求出合力，最后通过对其进行受力分析得出物块的运动状态，该题难度适中。‎ ‎21．（1）6.90mA（6.88 mA ~6.92 mA或6.9mA都给分）；173V （171V~174V都给分）(2)150；1.5‎ ‎(3)67；（66~68都给分）‎ ‎【解析】试题分析：（1）选择开关接1时测电流，多用电表为量程是10mA的电流表，其分度值为0．2mA，示数为6．90mA；选择开关接3时测电压，多用电表为量程250V的电压表，其分度值为5V，其示数为173V；‎ ‎（2）②由图2所示电阻箱可知，电阻箱示数为0×1000Ω+1×100Ω+5×10Ω+0×1Ω=150Ω；③指针指在C处时，电流表示数为5mA=0．005A，C处电阻为中值电阻，则电表内阻为150Ω，电源电动势E=I×2R=0．005×150×2=1．5V；‎ ‎（3）根据第（1）问可知，调零后将电表红黑表笔与某一待测电阻相连，此时电路中的电流值为6．90mA，而表内电池的电动势为E=1．5V，表内总电阻为150Ω，所以待测电阻的阻值为67Ω．‎ 考点：测定电源的电动势和内阻．‎ ‎【名师点睛】本题考查了电表读数、求电表内阻、电源电动势等问题，知道多用电表的原理是正确解题的前提与关键；对电表读数时，要先确定其量程与分度值，然后再读数．‎ ‎22．（1）（2+）N；（2）2N ‎【解析】‎ 试题分析：（1）根据胡克定律得，弹簧的弹力大小为：F=kx=10×0. 1N=1N 分析A球的受力情况，如图所示，‎ ‎ ‎ 根据平衡条件得：Tcos60°=F N=G+Tsin60°‎ 解得： T=2N N=（2+）N ‎（2）对C球：2Tsin60°=GC 解得： GC=2N 考点：物体的平衡；整体及隔离法 ‎【名师点睛】此题是关于物体的平衡以及整体及隔离法的应用问题；关键是正确选择研究对象，并能对研究对象正确的受力分析，根据平衡条件列出方程即可求解.‎