【生物】2021届 新高考生物 一轮复习 人教版 基因的分离定律 作业 10页

‎2021届 新高考生物 一轮复习 人教版 基因的分离定律 作业 一、单项选择题 ‎1.(2019湖南会同一中月考)有关某两性花植物一对相对性状遗传的叙述,正确的是(　　)‎ A.豌豆这种两性花植株自然状态下一般是纯合子 B.两性花个体自然状态下只能自交 C.两性花产生的雌雄配子数量相等 D.两个杂合个体杂交,后代只能出现两种表现型 ‎1.答案　A　豌豆是自花传粉,闭花受粉植物,因此,自然状态下只能进行自交,一般均为纯种,A正确;非闭花受粉的两性花植物自然状态下可以进行自交或杂交,B错误;两性花产生的雌雄配子数并不是1∶1,而是雄配子远多于雌配子,C错误;两个杂合个体杂交,后代可能出现两种表现型(完全显性)或一种表现型(完全显性且隐性纯合致死或完全显性且存在显性基因致死)或三种表现型(不完全显性),D错误。‎ ‎2.南瓜果实的颜色是由一对等位基因(A和a)控制的,用一株黄果南瓜和一株白果南瓜杂交,F1中既有黄果南瓜,又有白果南瓜,F1自交产生的F2的表现型如图所示,根据图示分析,下列说法错误的是(　　)‎ A.P中黄果的基因型是aa B.F1中白果的基因型为AA和Aa C.由图中③可以判定白果为显性性状 D.F2中黄果与白果的理论比例是5∶3‎ ‎2.答案　B　图中③过程是白果自交,后代产生了白果和黄果两种表现型,可以确定白果为显性性状,黄果为隐性性状且基因型为aa,A、C正确;根据F1的性状表现可知P中白果基因型为Aa,且F1中黄果和白果各占1/2,F1白果基因型为Aa,B错误;F2中黄果占1/2+1/2×1/4=5/8,F2中白果占1/2×(1/2+1/4)=3/8,即黄果∶白果=5∶3,D正确。‎ ‎3.昆虫附肢可分为基节、中节和梢节,各节中有数量不等的刚毛。研究发现,a、b、c三个基因与不同节段的发育有关,a+、b+、c+为野生型基因,a-、b-、c-为突变型基因。下图为不同基因型个体发育到同一阶段的表现型。据图分析,下列推论不合理的是(　　)‎ A.a+仅影响梢节的发育 B.b+仅影响基节的发育 C.基节的发育受到b+与c+的影响 D.中节的发育受到a+与c+的影响 ‎3.答案　A　a+发生突变,中节和梢节上都没有刚毛,A错误;b+发生突变,基节上没有刚毛,c+发生突变,基节上也没有刚毛,由此可知,基节的发育受到b+与c+的影响,B、C正确;野生型个体的中节下面没有刚毛,a+发生突变后,中节和梢节上都没有刚毛,c+发生突变后,中节下面有刚毛,因此中节的发育受到a+与c+的影响,D正确。‎ ‎4.下列关于纯合子与杂合子的叙述,不正确的是(　　)‎ A.纯合子之间杂交,后代不一定是杂合子 B.杂合子之间杂交,后代全是杂合子 C.前者形成配子时,只产生一种,后者不仅一种 D.前者自交后代性状不分离,后者自交后代性状分离 ‎4.‎ 答案　B　纯合子杂交,后代可能是杂合子,如AA×aa→Aa,A正确;杂合子杂交,后代可能既含有纯合子,也含有杂合子,如Aa×Aa→AA、Aa、aa,B错误;纯合子只产生一种类型的配子,如AA的配子是A,杂合子产生的配子可能有多种类型,如Aa产生的配子包括A、a,C正确;纯合子自交后代都是纯合子,不发生性状分离,杂合子自交会发生性状分离,D正确。‎ ‎5.如图表示某紫粒玉米植株上所结玉米穗的一面,据此可推断　(　　)‎ A.玉米穗的另一面黄色玉米粒居多 B.玉米是自花受粉植物 C.黄色玉米都是纯合体 D.紫色玉米都是杂合体 ‎5.答案　C　由题图可知,紫粒玉米植株上所结玉米穗中紫色玉米粒多,同时出现了少量的黄色玉米粒,这表明紫色是显性性状,黄色是隐性性状。玉米穗的两面黄色玉米粒所占比例大体相同,A错误;玉米是异花受粉植物,B错误;黄色玉米都是隐性纯合体,C正确;紫色玉米是杂合体或纯合体,D错误。‎ ‎6.(2019安徽和县一中月考)山羊胡子的出现由B基因决定,等位基因Bb、B+分别决定有胡子和无胡子,但是Bb在雄性中为显性基因,在雌性中为隐性基因。有胡子雌山羊与无胡子雄山羊的纯合亲本杂交产生F1,F1中的两个个体交配产生F2(如图所示)。下列判断正确的是(　　)‎ 无胡子(♂)×有胡子(♀)‎ ‎ ↓‎ ‎　　　　 F1×F1‎ ‎ ‎ ‎ F2‎ A.F1中雌性表现为有胡子 B.F1中雄性50%表现为有胡子 C.F2纯合子中有胡子和无胡子两种表现型均有 D.控制山羊有无胡子的基因的遗传为伴性遗传 ‎6.答案　C　无胡子雄山羊B+B+与有胡子雌山羊BbBb杂交,F1的基因型都是B+Bb,雄性都表现为有胡子,雌性都表现为无胡子。F2基因型有B+B+(雌雄都表现为无胡子),BbBb(雌雄都表现为有胡子),B+Bb(雄性都表现为有胡子,雌性都表现为无胡子)。在杂合子中,决定有胡子基因Bb的表现型受性别影响,但该基因的遗传不是伴性遗传。‎ ‎7.(2019北京四中期中)玉米是雌雄同株异花的植物,子粒黄色对白色为显性。若有一粒黄色玉米,判断其基因型简便的方案是(　　)‎ A.种下玉米后让其作亲本进行同株异花传粉,观察果穗上的子粒颜色 B.种下玉米后让其作母本与白色玉米植株杂交,观察果穗上的子粒颜色 C.用显微镜观察该玉米细胞中的同源染色体,看其上是否携带等位基因 D.种下玉米后让其作亲本进行自花受粉,观察果穗上的子粒颜色 ‎7.答案　A　玉米是单性花,但雌雄同株,因此可以进行同株异花传粉,相当于自交,观察果穗上的子粒颜色,A正确;种下玉米后让其做母本与白色玉米植株杂交,观察果穗上的子粒颜色可判断其基因型,但与自交相比,不是简便的方案,B错误;基因是有遗传效应的DNA分子片段,在显微镜下不能观察到同源染色体上是否携带等位基因,C错误;玉米是单性花,雌雄同株异花,因此可以进行同株异花传粉,但不能自花授粉,D错误。‎ ‎8.(2019四川重庆期末考试)在性状分离比的模拟实验中,将甲袋子内的小球数量(D∶d=1∶1)总数增加到乙袋子内的小球数(D∶d=1∶1)的10倍,之后进行上百次模拟实验,则下列说法错误的是(　　)‎ A.甲、乙袋子分别模拟的是雄性和雌性的生殖器官 B.该变化脱离了模拟雌雄配子随机结合的实际情况 C.最终的模拟结果是DD∶Dd∶dd接近于1∶2∶1‎ D.袋子中小球每次被抓取后要放回原袋子再进行下一次抓取 ‎8.答案　B　每个袋子中不同种类(D、d)的小球数量一定要相等,但甲袋子内小球总数量和乙袋子内小球总数量不一定相等,将甲袋子内的小球数量(D∶d=1∶1)总数增加到乙袋子内的小球数(D∶d=1∶1)的10倍,模拟了雌雄配子随机结合的实际情况,B错误。‎ 二、不定项选择题 ‎9.(2019四川成都外国语学校开学考试)苦瓜植株中含一对等位基因D和d,其中D基因纯合的植株不能产生卵细胞,而d基因纯合的植株花粉不能正常发育,杂合子植株完全正常。现有基因型为Dd的苦瓜植株若干作亲本,下列有关叙述错误的是(　　)‎ A.如果每代均自交直至F2,则F2植株中d基因的频率为1/2‎ B.如果每代均自交直至F2,则F2植株中正常植株所占比例为1/2‎ C.如果每代均自由交配直至F2,则F2植株中D基因的频率为1/2‎ D.如果每代均自由交配直至F2,则F2植株中正常植株所占比例为1/2‎ ‎9.答案　D　Dd进行自交或自由交配,F1植株均为1DD、2Dd、1dd,由于DD不能产生卵细胞、dd的花粉(精子)不育,所以F1自交时DD和dd均不能产生后代,Dd自交得到的F2植株为1DD、2Dd、1dd,其中d基因的频率为1/2、正常植株Dd占1/2,A、B正确;若F1自由交配,F1产生的雌配子为1/3D、2/3d,雄配子为2/3D、1/3d,可通过棋盘法得出F2植株为2/9DD、5/9Dd、2/9dd,其中正常植株Dd占5/9,F2植株中D基因的频率为1/2,C正确,D错误。‎ ‎10.已知某种老鼠的体色由常染色体上的基因A+、A和a决定,A+(纯合胚胎致死)决定黄色,A决定灰色,a决定黑色,且A+对A是显性,A对a是显性。下列说法正确的是(　　)‎ A.该种老鼠的成年个体中最多有5种基因型 B.A+、A和a遵循基因的自由组合定律 C.一只黄色雌鼠和一只黑色雄鼠杂交,后代可能出现3种表现型 D.基因型均为A+a的一对老鼠交配产下的3只小鼠可能全表现为黄色 ‎10.答案　AD　由题可知,老鼠的体色基因型有A+A+、A+A、A+a、AA、Aa、aa,由于基因型为A+A+的个体胚胎致死,因此该种老鼠的成年个体中最多有5种基因型。A+、A和a为等位基因,位于一对同源染色体上,遵循基因的分离定律。黄色雌鼠的基因型为A+A或A+‎ a,黑色雄鼠的基因型为aa,亲本A+A与aa杂交,子代的基因型为A+a和Aa,其表现型为黄色和灰色;亲本A+a与aa杂交,子代的基因型为A+a和aa,其表现型为黄色和黑色,因此后代最多出现2种表现型。基因型均为A+a的一对老鼠交配,产生的3只小鼠的基因型都可能为A+a,因此该3只小鼠可能全表现为黄色。‎ ‎11.(2019辽宁部分重点高中联考)一豌豆杂合子(Aa)植株自交时,下列叙述正确的是(　　)‎ A.若自交后代基因型比例是2∶3∶1,可能是由含有隐性基因的花粉有50%死亡造成的 B.若自交后代的基因型比例是2∶2∶1,可能是由隐性个体有50%死亡造成的 C.若自交后代的基因型比例是4∶4∶1,可能是由含有隐性基因的配子有50%死亡造成的 D.若自交后代的基因型比例是1∶2∶1,可能是由花粉有50%死亡造成的 ‎11.答案　ACD　一豌豆杂合子(Aa)植株自交时,后代基因型及比例在理论上应该是AA∶Aa∶aa=1∶2∶1。若自交后代基因型比例是2∶3∶1,则说明Aa和aa分别有1/4和1/2死亡,可能是由含有隐性基因的花粉有50%死亡造成的,A项正确;若自交后代的基因型比例是2∶2∶1,可能是由显性杂合子和隐性个体都有50%死亡造成的,B项错误;若含有隐性基因的配子有50%死亡,则Aa产生的配子中A∶a=2∶1,自交后代的基因型比例是4∶4∶1,C项正确;若花粉有50%死亡,并不影响花粉的基因型比例,则后代的性状分离比仍然是1∶2∶1,D项正确。‎ 三、非选择题 ‎12.已知豌豆种子子叶的黄色与绿色是由一对等位基因Y、y控制的,用豌豆进行下列遗传实验,具体情况如下:‎ ‎　　　　　　实验一 P　黄色子叶(甲)×绿色子叶(乙) 　　　　　　　 ↓ F1　黄色子叶(丙)×绿色子叶 　　　1　　　　∶　　1　　　　　　‎ 实验二 P　　　‎ ‎ 黄色子叶(丁) 　　　　　　↓自交 F1　黄色子叶(戊)　绿色子叶 　　　　　3　　∶　　1‎ 请分析回答:‎ ‎(1)用豌豆做遗传实验容易取得成功的原因之一是  　。 ‎ ‎(2)从实验　　　　　　可判断这对相对性状中　　　　　　是显性性状。 ‎ ‎(3)实验二黄色子叶(戊)中能稳定遗传的占　　　　　　。 ‎ ‎(4)实验一子代中出现黄色子叶与绿色子叶的比例为1∶1,其原因是黄色子叶(甲)产生的配子种类及其比例为　　　　　　　　　　。 ‎ ‎(5)实验一中黄色子叶(丙)与实验二中黄色子叶(戊)杂交,所获得的子代黄色子叶个体中不能稳定遗传的占　　　　。 ‎ ‎12.答案　(1)自花传粉,而且是闭花受粉;具有易于区分的性状　(2)二　黄色　(3)1/3　(4)Y∶y=1∶1　(5)3/5‎ 解析　(1)豌豆是自花传粉,且闭花受粉植物,自然状态下为纯种。豌豆具有易区分的性状,使实验结果更容易统计,故用豌豆做遗传实验容易取得成功。(2)(3)由实验二可知黄色为显性,黄色子叶(戊)的基因型为YY、Yy,其中能稳定遗传的个体所占比例为1/3。(4)实验一中黄色子叶(甲)与绿色子叶(乙)杂交,因乙为隐性个体,仅产生一种含隐性基因的配子,故子代的表现型及比例取决于亲代黄色子叶甲产生的配子种类及比例,即甲产生的配子及比例为Y∶y=1∶1。(5)黄色子叶丙(Yy)与戊(YY∶Yy=1∶2)杂交,丙产生的配子及比例为1/2Y、1/2y,戊产生的配子及比例为2/3Y、1/3y,子代基因型及比例为YY∶Yy∶yy=1/3∶3/6∶1/6,黄色子叶中不能稳定遗传的个体所占比例为3/5。‎ ‎13.(2020山东模拟)水稻的育性由一对等位基因M、m控制,基因型为MM和Mm的个体可产生正常的雌、雄配子,基因型为mm的个体只能产生正常的雌配子,表现为雄性不育,基因M可使雄性不育个体恢复育性。通过转基因技术将基因M与雄配子致死基因A、蓝色素生成基因D一起导入基因型为mm的个体中,并使其插入到一条不含m基因的染色体上,如图所示。基因D的表达可使种子呈现蓝色,无基因D的种子呈现白色。该方法可以利用转基因技术大量培育不含转基因成分的雄性不育个体。‎ ‎(1)基因型为mm的个体在育种过程中作为　　　　(填“父本”或“母本”),该个体与育性正常的非转基因个体杂交,子代可能出现的基因型为　　　　。 ‎ ‎(2)图示的转基因个体自交,Fl的基因型及比例为　　　　　　　　,其中雄性可育(能产生可育的雌、雄配子)的种子颜色为　　　　。F1个体之间随机授粉,得到的种子中雄性不育种子所占比例为　　　　,快速辨别雄性不育种子和转基因雄性可育种子的方法是　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。 ‎ ‎(3)若转入的基因D由于突变而不能表达,将该种转基因植株和雄性不育植株间行种植,使其随机授粉也能挑选出雄性不育种子,挑选方法是　　　　　　　　　　　　　　　。但该方法只能将部分雄性不育种子选出,原因是　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。因此生产中需利用基因D正常的转基因植株大量获得雄性不育种子。 ‎ ‎13.答案　(1)母本　Mm、mm　(2)mm∶mmADM=1∶1　蓝色　3/4　白色种子为雄性不育种子,蓝色种子为转基因雄性可育种子　(3)在雄性不育植株上收集种子　转基因植株上也存在雄性不育的种子 解析　(1)基因型为mm的个体只能产生正常的雌配子,故其育种过程中只能作为母本;育性正常的非转基因个体的基因型为MM或Mm,则基因型mm的个体与育性正常的非转基因个体杂交,子代可能的基因型为Mm、mm。(2)由图可知,转基因个体产生的雄配子为m,雌配子为m、mADM,二者比例为1∶1,则转基因个体自交后代的基因型及比例为mm∶mmADM=1∶1,其中mmADM为雄性可育,种子表现为蓝色;F1所产的雌配子的种类及比例为m∶mADM=3∶1,雄配子为m,则其子代的基因型及比例为mm∶mmADM=3∶1,其中mm为雄性不育,所占比例为3/4,雄性不育种子的颜色为白色,转基因雄性可育种子的颜色为蓝色。‎ ‎14.(2019山西晋中适应性考试)观赏植物藏报春的花色由一对等位基因R、r控制。在温度为20 ℃~25 ℃的条件下,基因型RR为红色,Rr为粉红色,rr为白色;在30 ℃的环境中,基因型RR、Rr也为白色。某同学以红花品种为母本、白花品种为父本进行杂交实验,发现绝大多数F1‎ 植株开粉红色花,只有一株(A)开白色花。植株A开白色花是环境温度造成的,还是变异引起的?该同学设计了以下杂交实验进行探究。‎ ‎(1)实验步骤:‎ ‎①选择一株在20 ℃~25 ℃的条件下开　　　　花的植株与A杂交; ‎ ‎②播种收获的种子,在　　　　℃的环境中培养到开花时期; ‎ ‎③　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。 ‎ ‎(2)结果预测及分析:‎ ‎①若各植株花的颜色及分离比为红色∶粉红色∶白色=1∶2∶1,则A开白色花的原因是 ‎　　　　　　　　　　　　　　　　。 ‎ ‎②若各植株花的颜色及分离比为　　　　　　　　　　　　,则A开白色花的原因是 ‎　　　　(填“父本”或“母本”)减数分裂时发生了基因突变。 ‎ ‎③若各植株花的颜色及分离比为　　　　　　　　　　　　　　　　,则A开白色花的原因是含R基因的染色体缺失或该染色体上R基因缺失。 ‎ ‎14.答案　(1)①粉红色　②20~25　③观察各植株花的颜色并统计其性状分离比 ‎(2)①A的生长环境温度较高,达到30 ℃　②粉红色花︰白色花=1︰1　母本　③红色花︰粉红色花︰白色花=1︰1︰2‎ 解析　(1)①用测交或杂合子自交法判断待测个体的基因型,因为白色植株的基因型不能确定,所以选择在20 ℃~25 ℃的条件下开粉红花(Rr)的植株与A杂交;②在温度为20 ℃~25 ℃的条件下表现型与基因型一一对应,表现型能够准确反映基因型,因此在20 ℃~25 ℃环境中培养到开花时期;③最后进行实验结果的观察统计,即观察各植株花的颜色并统计其性状分离比。(2)①若开白色花是因为生长环境温度较高,达到30‎ ‎ ℃,则该植株的基因型是Rr,那么子代植株的基因型、花的颜色及分离比为RR∶Rr∶rr=红色∶粉红色∶白色=1∶2∶1。②若是亲本产生配子时基因突变造成的,即A本应是Rr,现变为了rr,则子代各植株基因型、花的颜色及分离比为Rr∶rr=粉红色花︰白色花=1︰1;由于母本开红花(RR)、父本开白花,子代大多数开粉红色花,所以父本是rr,因此是母本减数分裂时R基因突变成了r基因。③若开白色花的原因是含R基因的染色体缺失或该染色体上R基因缺失,则A产生数量相等的含r或不含相关基因的配子,则子代植株基因型、花的颜色及分离比为R∶Rr∶rr∶r=1∶1∶1∶1,红色花︰粉红色花︰白色花=1︰1︰2。‎