2018-2019学年重庆大学城第一中学校高二上学期第一次月考数学（文）试题（解析版） 26页

重庆大一中18-19学年上期高2020届第一次月考数学文科试题 ‎ ‎ 一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.‎ ‎1．以下命题：‎ ‎①以直角三角形的一边为轴旋转一周所得的旋转体是圆锥；‎ ‎②以直角梯形的一腰为轴旋转一周所得的旋转体是圆台；‎ ‎③圆柱、圆锥、圆台的底面都是圆；‎ ‎④一个平面截圆锥，得到一个圆锥和一个圆台．‎ 其中正确命题的个数为(　　)‎ ‎ ‎ ‎2．下列说法中正确的是 ‎． 有一条侧棱垂直于底面的棱柱是直棱柱 ‎． 在正三棱锥中,斜高大于侧棱 ‎． 底面是正方形的棱锥是正四棱锥 ‎． 有一个面是多边形,其余各面均为三角形的几何体是棱锥 ‎3．已知底面半径为 的圆锥的体积为 ，则圆锥的高为（ ）‎ ‎ ‎ ‎4．已知某几何体的三视图如图所示，则该几何体的体积为 ‎． ． ． ． ‎ ‎5．某几何体的三视图如图所示，则该几何体的表面积为（ ）‎ ‎． ． ． ． ‎ ‎6．已知一个三棱锥的三视图如图所示，其中俯视图是等腰直角三角形，则该三棱锥的外接球体积为（ ）‎ ‎． ‎ ‎7．设是两条不同的直线，是两个不同的平面，下列命题中正确的是（　　）‎ ‎． 若 ． 若 ‎． 若 ． 若 ‎8．下列命题为真命题的是（ ）‎ A． 平行于同一平面的两条直线平行； B． 与某一平面成等角的两条直线平行；‎ C． 垂直于同一平面的两条直线平行； D． 垂直于同一直线的两条直线平行。‎ ‎9．如图，在正方体中，点在线段上运动，则下列判断中不正确的是 （ ）‎ ‎.与所成角的范围是 ． ‎ ‎． ． 三棱锥的体积不变 ‎10．在四面体中，已知是边长为2的等边三角形，那么点到底面的距离是（ ）‎ ‎． 1 ． ． 2 ． 3‎ ‎11如图在三棱锥中，，则三棱锥的外接球的表面积为 ( )‎ ‎． ． ． ． ‎ ‎12．在棱长为的正方体中，点分别是棱的中点，‎ 是侧面内一点，若，则线段长度的取值范围是( )‎ ‎． ． ． ． ‎ 二、填空题:本大题共四个小题，每个小题5分 ‎13．长方体一顶点出发的三个侧面的面对角线的长分别为,则该长方体外接球的表面积是________．‎ ‎14．已知正方体的棱长为1，则四棱锥的体积为______． ‎ ‎15．已知是平面，是直线，给出下列命题：‎ ‎①若；②若；‎ ‎③如果是异面直线，则与相交；‎ ‎④若 其中正确确命题的序号是_____（把正确命题的序号都填上）‎ ‎16．如图，正方体的棱长为，为的中点，为线段上的动点，过点的平面截该正方体所得的截面记为，则下列命题正确的是__________（写出所有正确命题的编号）．‎ ‎①当时，为四边形；②当时，为等腰梯形；‎ ‎③当时，与的交点满足；④存在点，为六边形.‎ 三、解答题：本大题共6个小题，17题共10分，18-22小题每题12分 ‎17．如图，在四棱锥中，.四边形为正方形，且为的中点，为的中点.‎ ‎（1）求证：；（2）求证：.‎ ‎18．如图，在三棱柱中，，.‎ ‎（1）证明：；（2）若，求三棱柱的体积.‎ ‎19．在三棱锥中和是边长为的等边三角形分别是的中点.‎ ‎(1)求证平面(2)求证平面(3)求三棱锥的体积.‎ ‎20．如图,三棱柱中,侧面 侧面， , ,为棱的中点,为的中点.‎ ‎(1) 求证：；(2) 若,求三棱柱的体积.‎ ‎21．如图，在四面体中，截面是平行四边形.‎ ‎（1）求证：；‎ (1) ‎(2)若截面是正方形，求异面直线与所成的角.‎ ‎22．三棱锥中，侧面底面, 是等腰直角三角形的斜边，且.‎ ‎（1）求证： ；‎ ‎（2）已知平面平面，平面平面， ，且到平面的距离相等，试确定直线及点的位置（说明作法及理由），并求三棱锥的体积.‎ 参考答案 ‎1．B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由题意逐一分析所给命题的真假即可.‎ ‎【详解】‎ 逐一分析所给命题的真假：‎ ‎①以直角三角形的一条直角边为轴旋转一周所得的旋转体是圆锥，题中的命题错误；‎ ‎②以直角梯形的直角边所在的腰为轴旋转一周所得的旋转体是圆台，题中的命题错误；‎ ‎③圆柱、圆锥、圆台的底面都是圆，题中的命题正确；‎ ‎④一个平行于底面的平面截圆锥，得到一个圆锥和一个圆台，题中的命题错误．‎ 综上可得：正确命题的个数为1.‎ 本题选择B选项.‎ ‎【点睛】‎ 本题主要考查旋转体的定义与性质及其应用，意在考查学生的转化能力和计算求解能力.‎ ‎2．A【解析】在正三棱锥中,斜高小于侧棱；有一条侧棱垂直于底面的棱柱是直棱柱；底面是正方形的直棱锥才是正四棱锥；有一个面是多边形,其余各面均为三角形的几何体不一定是棱锥，所以正确的是A.‎ ‎3．C ‎【解析】设圆锥的高为，由体积公式可得：‎ ‎，‎ 求解关于高度的方程可得： .‎ 本题选择C选项.‎ ‎4．D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 先还原几何体，再根据锥体体积公式求结果.‎ ‎【详解】‎ 几何体为一个三棱锥，高为，底为一个直角三角形，直角边分别为，所以体积为 ‎，选D.‎ ‎【点睛】‎ ‎(1)解决本类题目的关键是准确理解几何体的定义，真正把握几何体的结构特征，可以根据条件构建几何模型，在几何模型中进行判断；(2)解决本类题目的技巧：三棱柱、四棱柱、三棱锥、四棱锥是常用的几何模型，有些问题可以利用它们举特例解决或者学会利用反例对概念类的命题进行辨析．‎ ‎5．C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由三视图还原可知原图形为三棱锥,再分别求得表面四个三角形的面积。‎ ‎【详解】]‎ 由三视图还原可知原图形为三棱锥，如下图，作，取AB中点F,所以，，，‎ 可求得，‎ 所以表面积为。选C.‎ ‎，‎ ‎【点睛】‎ 几何体的三视图包括正视图、侧视图、俯视图，分别是从几何体的正前方、正左方、正上方观察几何体画出的轮廓线．符合长对正，高平齐，宽相等，所以主视图与俯视图的长相等，侧视图的高与主视图的高一样，俯视图的宽与侧视图的相等。‎ ‎6．C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由三视图知几何体是一个侧棱与底面垂直的三棱锥，底面是斜边上的高为的等腰直角三角形，与底面垂直的侧面是个等腰三角形，底边长为，高为，故三棱锥的外接球与以棱长为的正方体的外接球相同，由此可得结论 ‎【详解】‎ 由三视图知几何体是一个侧棱与底面垂直的三棱锥，‎ 底面是斜边上的高为的等腰直角三角形，‎ 与底面垂直的侧面是个等腰三角形，底边长为，高为，‎ 故三棱锥的外接球与以棱长为的正方体的外接球相同，其直径为，半径为 三棱锥的外接球体积为 故选 ‎【点睛】‎ 本题主要考查了三视图，几何体的外接球的体积，考查了空间想象能力，计算能力，属于中档题。‎ ‎7．B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由已知条件，利用直线与直线、直线与平面、平面与平面的位置关系，能求出结果．‎ ‎【详解】‎ 若α⊥β，m⊂α，n⊂β，则m与n相交、平行或异面，故A错误；‎ ‎∵m⊥α，m∥n，∴n⊥α，‎ 又∵n∥β，∴α⊥β，故B正确；‎ 若m⊥n，m⊂α，n⊂β，则α⊥β或α与β相交，故C错误；‎ 若α∥β，m⊂α，n⊂β，则m∥n或m，n异面，故D错误．‎ 故选：B．‎ ‎【点睛】‎ 本题考查直线与直线、直线与平面、平面与平面的位置关系的判定，是基础题，解题时要注意空间思维能力的培养．‎ ‎8．C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由题意逐一考查所给命题的真假即可.‎ ‎【详解】‎ 逐一考查所给的命题：‎ 平行于同一平面的两条直线可能平行，相交或异面，选项A说法错误；‎ 与某一平面成等角的两条直线可能平行，相交或异面，选项B说法错误；‎ 由线面垂直性质定理的推理可知垂直于同一平面的两条直线平行，选项C说法正确；‎ 垂直于同一直线的两条直线可能平行，相交或异面，选项D说法错误；‎ 本题选择C选项.‎ ‎【点睛】‎ 本题考查了空间几何体的线面位置关系判定与证明：‎ ‎（1）对于异面直线的判定要熟记异面直线的概念：把既不平行也不相交的两条直线称为异面直线；‎ ‎（2）对于线面位置关系的判定中，熟记线面平行与垂直、面面平行与垂直的定理是关键.‎ ‎9．A ‎【解析】分析： 利用正方形的性质和线面位置关系，以及三棱锥的体积转化等知识点，逐一判定，即可得到答案.‎ 详解：对于A中，当点与线段的两端点重合时，与所成的角的最小值为，‎ 当点与线段的中点重合时，与所成的角的最小值为，‎ 故与所成的角的取值范围是，所以是错误的；‎ B中，连接容易证明平面平面，从而由线面平行的定义可得平面，所以是正确的；‎ C中，连接，根据正方体的性质，有平面，平面 ‎，从而可证得平面平面，所以是正确的；‎ D中，因为，则到平面的距离不变，且三角形的面积不变，所以是正确的，‎ 综上可知，错误的应为A，故选A.‎ 点睛：本题主要考查了正方体的性质的应用，以及点线面的位置关系的判定与锥体的体积的应用等知识点的综合考查，解答中认真审题，把握好空间中的线面位置关系的判定是解答的关键，着重考查了空间思维能力，以及推理与论证能力.‎ ‎10．B ‎【解析】分析：先证明AC与平面ABD垂直，则只要在平面ABD内过D作AB的垂线DO与AB交于点O，则DO的长就是D到平面ABC的距离.‎ 详解：∵AB⊥AC，AC⊥BD，AB∩BD＝B，∴AC⊥平面ABD，∴平面ABC⊥平面ABD，‎ 取AB中点O，连接DO，∵ΔABD是等边三角形，∴DO⊥AB，∴DO⊥平面ABC，‎ 又DO＝，∴D到平面ABC的距离是.‎ 故选B.‎ 点睛：求点平面的距离，第一种方法是根据定义作出垂线段，然后只要通过解三角形求出这个线段的长即可，要注意这里有三个步骤：一作二证三算；第二种方法利用体积法计算，所求距离作为一个三棱锥的高，通过两种不同的方法求三棱锥的体积，然后求得这个高；第三咱方法是利用空间向量法，点到平面的距离就是此点到平面的任一斜线段在平面的法向量方向上的投影的绝对值.‎ ‎11．A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 首先求得外接球半径，然后求解外接球的表面积即可.‎ ‎【详解】‎ 设CD的中点为，‎ 由余弦定理可得：，‎ 很明显为等腰三角形，则，‎ ‎，‎ 据此有：，由勾股定理的逆定理可得：，‎ 很明显，‎ 以P为原点，PC为x轴正方向，PB为y轴正方向，PA为x轴正方向，建立如图所示的空间直角坐标系.‎ 易知，‎ 设球心坐标为，由OA=OB=OC=OD可得：‎ ‎，‎ 解得：，则外接球半径：，‎ 其表面积：.‎ 本题选择A选项.‎ ‎【点睛】‎ 与球有关的组合体问题，一种是内切，一种是外接．解题时要认真分析图形，明确切点和接点的位置，确定有关元素间的数量关系，并作出合适的截面图，如球内切于正方体，切点为正方体各个面的中心，正方体的棱长等于球的直径；球外接于正方体，正方体的顶点均在球面上，正方体的体对角线长等于球的直径.‎ ‎12．B ‎【解析】分析：首先确定点P的轨迹，然后利用几何体的结构特征整理计算即可求得最终结果.‎ 详解：分别取棱BB1、B‎1C1的中点M、N，连接MN，‎ ‎∵M、N、E、F为所在棱的中点，‎ ‎∴MN∥BC1，EF∥BC1，‎ ‎∴MN∥EF.‎ ‎∵MN⊄平面AEF，EF⊂平面AEF，‎ ‎∴MN∥平面AEF.‎ ‎∵AA1∥NE，AA1=NE，‎ ‎∴四边形AENA1为平行四边形，‎ ‎∴A1N∥AE.‎ ‎∵A1N⊄平面AEF，AE⊂平面AEF，‎ ‎∴A1N∥平面AEF.‎ ‎∵A1N∩MN=N，‎ ‎∴平面A1MN∥平面AEF.‎ ‎∵P是侧面BCC1B1内一点，A1P∥平面AEF，‎ ‎∴P必在线段MN上.‎ ‎∵在Rt△A1B‎1M中，A1B1=1，，‎ ‎∴，‎ 同理可得在Rt△A1B1N中，‎ ‎∴△A1MN是等腰三角形.‎ 当P在MN中点O时A1P⊥MN，此时A1P最短，P位于M、N处时A1P最长.‎ ‎∵在Rt△B1MN中，，‎ ‎∴.‎ ‎∵点O是MN中点，‎ ‎∴.‎ ‎∵在Rt△A1MO中，，‎ ‎∴.‎ ‎∵，‎ ‎∴线段A1P长度的取值范围是.‎ 本题选择B选项.‎ 点睛：本题主要考查面面垂直的判断定理与性质定理的应用，空间轨迹问题等知识，意在考查学生的转化能力和计算求解能力.‎ ‎13．‎ ‎【解析】设长方体三条边为,依题意有，所以球的表面积为.‎ ‎【点睛】几何体的外接球问题有如下几个常见的结论:结论1：正方体或长方体的外接球的球心其体对角线的中点．结论2：正棱柱的外接球的球心是上下底面中心的连线的中点．结论3：直三棱柱的外接球的球心是上下底面三角形外心的连线的中点．结论4：正棱锥的外接球的球心在其高上，具体位置可通过计算找到．结论5：若棱锥的顶点可构成共斜边的直角三角形，则公共斜边的中点就是其外接球的球心．‎ ‎14．  ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据正方体的结构特征，求出四棱锥的底面面积与高，然后求解四棱锥的体积公式，即可求解．‎ ‎【详解】‎ 由题意可知四棱锥的底面是矩形，边长：和，‎ 四棱锥的高：， ‎ 则四棱锥的体积为：，故答案为：． ‎ ‎【点睛】‎ 本题主要考查了空间结合体的体积的求法，其中根据正方体的结构特征，求得四棱锥的底面面积和棱锥的高是解答的关键，着重考查了空间想象能力，以及推理与运算能力．‎ ‎15．①④‎ ‎【解析】分析：根据线面垂直的判定定理，可判断①的对错；根据面面平行的判定定理，可得到②的真假；根据空间线面关系的定义及判定方法，可以得到③的正误，根据线面平行的判定方法，易得到④的对错；结合判断结果，即可得到答案．‎ 详解：根据面面垂直的判定定理，我们易得①正确；‎ 根据面面平行的判定定理，我们可得由于m与n不一定相交，则命题②为假命题；‎ 如果m⊂α，n⊄α，m、n是异面直线，那么n与α相交或平行，故③也为假命题；‎ 若α∩β=m，n∥m，且n⊄α，n⊄β，根据线面平行的判定定理，我们可得④为真命题；‎ 故答案为：①④‎ 点睛：本题考查的知识点是空间直线与平面之间的位置关系判定及命题的真假判断与应用，其中熟练掌握空间直线与平面位置关系的判定方法是解答本题的关键；是高考中常见的题型，往往学生忽视书本上的基本概念，值得大家注意．对于这种题目的判断一般是利用课本中的定理和性质进行排除，判断；还可以画出样图进行判断，利用常见的立体图形，将点线面放入特殊图形，进行直观判断.‎ ‎16．①②③‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由题意作出满足条件的图形，由线面位置关系找出截面可判断选项的正误．‎ ‎【详解】‎ 连接并延长交于，再连接 ‎ 对于①，当时，的延长线交线段与点且在与之间，连接，则截面为四边形；①正确； 当时，即为中点，此时可得 故可得截面为等腰梯形，故②正确； 由上图当点向移动时，满足，只需在上取点满 ， 即可得截面为四边形，故①正确； ③当时，如图， 延长至，使，连接交于，连接交于，连接 ， 可证，由，可得，故可得，故③正确； ④由③可知当 时，只需点上移即可，此时的截面形状仍然上图所示的 ，显然为五边形，故错误； ‎ 故答案为：①②③.‎ ‎【点睛】‎ 此题考查了截面的性质，关键是利用面面平行、面面相交的性质确定截面的顶点．属难题.‎ ‎17．(1)见解析(2)见解析 ‎【证明】：(1)因为四边形ABCD为正方形，所以CD⊥AD.‎ 又平面SAD⊥平面ABCD，且平面SAD∩平面ABCD＝AD，‎ 所以CD⊥平面SAD. ‎ ‎(2)取SC的中点R，连接QR，DR.‎ 由题意知，PD∥BC且PD＝BC.‎ 在△SBC中，Q为SB的中点，R为SC的中点，所以QR∥BC且QR＝BC.‎ 所以QR∥PD且QR＝PD，则四边形PDRQ为平行四边形，所以PQ∥DR.‎ 又PQ⊄平面SCD，DR⊂平面SCD，‎ 所以PQ∥平面SCD.‎ ‎【解析】：]‎ 分析：（Ⅰ）证明CD⊥AD，然后证明CD⊥平面SAD． （Ⅱ）取SC的中点R，连QR，DR．推出PD=BC，QR∥BC且QR=BC．然后证明四边形PDRQ为平行四边形，即可证明PQ∥平面SCD．‎ 详解：‎ ‎(1)因为四边形ABCD为正方形，所以CD⊥AD.‎ 又平面SAD⊥平面ABCD，且平面SAD∩平面ABCD＝AD，‎ 所以CD⊥平面SAD. ‎ ‎(2)取SC的中点R，连接QR，DR.‎ 由题意知，PD∥BC且PD＝BC.‎ 在△SBC中，Q为SB的中点，R为SC的中点，所以QR∥BC且QR＝BC.‎ 所以QR∥PD且QR＝PD，则四边形PDRQ为平行四边形，所以PQ∥DR.‎ 又PQ⊄平面SCD，DR⊂平面SCD，‎ 所以PQ∥平面SCD.‎ 点睛：本题考查平面与平面垂直的判定，直线与平面平行的判定，直线与平面垂直的判定，考查空间想象能力．属于常规题，对判定定理的熟悉是解题关键.‎ ‎18．（Ⅰ）详见解析; （Ⅱ）3.‎ ‎【解析】试题分析：（1）证明平面，得；（2）。‎ 试题解析：‎ ‎（Ⅰ）证明：设点为的中点，连接，，由，，知△与△均为等边三角形，点为的中点，可得，，，相交于点，所以平面，又平面，所以． ‎ ‎（Ⅱ）由（Ⅰ）知△与△均是边长为是等边三角形，，又在△‎ 中，，，由余弦定理得，所以，故，又，故平面，‎ 所以，‎ 所以，所求三棱柱的体积为． ‎ ‎19．(1)见解析(2) 见解析（3）‎ ‎【解析】试题分析：（1），所以平面；（2），所以平面；（3）.‎ 试题解析：‎ ‎(1)∵分别为的中点,‎ ‎∴.‎ 又平面平面 ‎∴平面.‎ ‎(2)连接∵为中点 ‎∴.‎ 同理.‎ 又 ‎∴‎ ‎∴.‎ ‎∴.‎ ‎∵‎ ‎∴平面.‎ ‎(3)由(2)可知平面 ‎∴为三棱锥的高,且.‎ ‎∴.‎ 点睛：本题考查立体几何的平行证明和垂直证明。在立体几何的证明题型中，关键是掌握证明关系中的逻辑推理思维，如线面平行的证明根据其判定定理需证明线线平行，线面垂直的证明根据其判定定理需证明该线与两条相交直线分别垂直。‎ ‎20．（1）见解析；（2）.‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 利用面面垂直的性质定理可以证得，根据三角形相似得到，然后由线面垂直判定定理得到结论 找到三棱柱的高，直接用体积公式求得结果 ‎【详解】‎ ‎(1)连结,由题意易知为正三角形,为棱的中点, 所以, ‎ 因为从而, ‎ 又面面,面面, 面,‎ 所以面.‎ 又面,所以①,‎ 设,由,所以,.‎ 又,所以.‎ 所以.[]‎ 又,‎ 所以, 则②.‎ 由①②及,可得平面.‎ ‎(2)取中点,连结,则,所以面.‎ 在等边三角形中，,所以.‎ 则.‎ 所以三棱柱的体积为.‎ ‎【点睛】‎ 本题主要考查了直线与平面垂直的判定以及棱柱的体积的求法，在证明线面垂直的过程中结合三角形相似求得垂直，较为关键，同时也是难点。‎ ‎21．(1)证明见解析；(2) .‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)由线面垂直的判断定理可得平面，则，再次应用线面平行的判断定理可得截面. ‎ ‎ (2)由（1）的证明可知（或其补角）是异面直线与所成的角，结合正方形的性质可得异面直线与所成的角是.‎ ‎【详解】‎ ‎(1)因为截面是平行四边形，;‎ 又平面,平面平面，‎ 平面,平面平面，‎ 截面截面截面. ‎ ‎ (2)由（1）的证明知;‎ ‎（或其补角）是异面直线与所成的角;‎ 截面是正方形，;‎ 所以异面直线与所成的角是.‎ ‎【点睛】‎ 平移线段法是求异面直线所成角的常用方法，其基本思路是通过平移直线，把异面直线的问题化归为共面直线问题来解决，具体步骤如下：‎ ‎①平移：平移异面直线中的一条或两条，作出异面直线所成的角；‎ ‎②认定：证明作出的角就是所求异面直线所成的角；‎ ‎③计算：求该角的值，常利用解三角形；‎ ‎④取舍：由异面直线所成的角的取值范围是，当所作的角为钝角时，应取它的补角作为两条异面直线所成的角．‎ ‎22．(1)见解析；（2）见解析..‎ ‎【解析】试题分析：（1）根据面面垂直可得线面垂直，故在内作，交于，连结，则由侧面底面， 得底面，然后证得O为中点即可得 从而得证；（2）根据面面平行的性质可得，由到平面的距离相等可得//平面或中点在平面上，又 平面,平面∩平面 ‎ ‎ // 或中点在上, 或为平行四边形,即. 所以,过点A在平面ABC内作直线平行于BC，则所作直线即为l,以A为圆心BC长为半径作弧与l交点即为点 (或在l上到A距离为2的点即为点)其中.‎ 解析：‎ ‎（Ⅰ）法一:在内作，交于，连结， ‎ 则由侧面底面， ‎ 得底面 又， ，‎ ‎ ， 为等腰直角三角形， ，‎ 又∩= ,‎ 即 法二:取中点，连结, ,由侧面底面 得,‎ 由已知, ‎ ‎，‎ 又∩= ,‎ 即 ‎（Ⅱ）法一:‎ 平面∥平面,平面∩平面,平面∩平面 ‎ ‎ ‎ ‎ 到平面的距离相等 //平面或中点在平面上 又 平面,平面∩平面 ‎ ‎ // 或中点在上,‎ 或为平行四边形,即.‎ 所以,过点A在平面ABC内作直线平行于BC，则所作直线即为l,以A为圆心BC长为半径作弧与l交点即为点 (或在l上到A距离为2的点即为点)‎ 其中 法二: 到平面的距离相等 ‎ 平面∥平面，平面∩平面，平面∩平面 ‎ ‎ ‎ ‎ // 或中点在上,‎ 或为平行四边形,即.‎ 所以,过点A在平面ABC内作直线平行于BC，则所作直线即为l,以A为圆心BC长为半径作弧与l交点即为点 (或在l上到A距离为2的点即为点)‎ ‎[]‎