高二物理下学期第四次阶段性测试试题 10页

‎【2019最新】精选高二物理下学期第四次阶段性测试试题 一、选择题（本题共40分，10个小题，每小题4分。在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，第8-10题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。）‎ 1. 下面列出的是一些核反应方程 P→Si+X Be+H→B+Y He+He→Li+Z． 其中 （ ） A．X是质子，Y是中子，Z是正电子 B．X是正电子，Y是质子，Z是中子 C．X是中子，Y是正电子，Z是质子 D．X是正电子，Y是中子，Z是质子 ‎ 2. 关于系统动量守恒的说法正确的是 （ ） ①只要系统所受的合外力为零，系统动量就守恒 ②只要系统内有摩擦力，动量就不可能守恒 ③‎ - 10 - / 10‎ 系统所受合外力不为零，其动量一定不守恒，但有可能在某一方向上守恒 ④系统所受合外力不为零，但如果合外力的冲量很小（相比内力的冲量）时，系统可近似动量守恒 A．①③ B．①② C．①③④ D．②③ ‎ 1. 图为氢原子的能级示意图。关于氢原子跃迁，下列说法中不正确的是 （ ）‎ A．一群处于量子数n=5激发态的氢原子,它向低能级跃迁时,最多可产生10种不同频率的光子 B．处于n=3激发态的氢原子吸收具有1.87 eV能量的光子后被电离 C．用12 eV的光子照射处于基态的氢原子,氢原子仍处于基态 D．氢原子从高能级向低能级跃迁时,动能增大,电势能增大 2. 由于放射性元素Np的半衰期很短，所以在自然界一直未被发现，在使用人工的方法制造后才被发现．已知Np经过一系列α衰变和β衰变后变成Bi，下列论述中正确的是 （ ） A．核Bi比核Np少28个中子 B．衰变过程中共发生了7次α衰变和4次β衰变 C．衰变过程中共发生了4次α衰变和7次β衰变 D．发生β衰变时，核内中子数不变 ‎ - 10 - / 10‎ ‎ ‎ 1. 一列向右传播的横波在t=0时的波形如图4所示，A、B两质点间距为8m，B、C两质点在平衡位置的间距为3m，当t=1s时，质点C恰好通过平衡位置，该波的波速可能为（ ） A． B．3m/s C．13m/s D．27m/s ‎ 2. 质量为0.2 kg的小球竖直向下以6 m/s的速度落至水平地面上，再以4 m/s的速度反向弹回。取竖直向上为正方向，在小球与地面接触的时间内，关于球动量变化量Δp和合外力对小球做的功W，下列说法正确的是 （ ） A．Δp＝2 kg·m/s　W＝－2 J B．Δp＝－2 kg·m/s　W＝2 J C．Δp＝0.4 kg·m/s　W＝－2 J D．Δp＝－0.4 kg·m/s　W＝2 J ‎ 3. - 10 - / 10‎ 如图所示，半径为R的玻璃半圆柱体，圆心为0.两条平行单色红光射向圆柱面，方向与底面垂直,光线l的入射点A为圆柱面的顶点，光线2的入射点为B,∠A0B=600。已知该玻璃对红光的折射率n =,两条光线经柱面和底面折射后的交点与0点的距离d（ ） A． B． C． D． ‎ 1. 图为一列简谐横波在t=0.10 s时刻的波形图，P是平衡位置为x=l m处的质点，Q是平衡位置为x=4m处的质点，如图乙为质点Q的振动图象，则 （ ） A．横波的波长是8m B．横波的频率是0.2 Hz C．质点P随波迁移的速度大小为40 m/s D．t=0. 10 s时质点P正沿y轴正方向运动 ‎ 2. 如图所示，质量为m的小球从距离地面高H的A点由静止开始释放，落到地面上后又陷入泥潭中，由于受到阻力作用，到达距地面深度为h的B点时速度减为零。不计空气阻力，重力加速度为g。关于小球下落的整个过程，下列说法正确的有（ ‎ - 10 - / 10‎ ‎ ） A．小球的机械能减少了mg(H＋h) B．小球克服阻力做的功为mgh C．小球所受阻力的冲量大于m D．小球动量的改变量等于所受阻力的冲量 ‎ 1. 如图所示，轻质弹簧的一端固定在墙上，另一端与质量为m的物体A相连，A放在光滑水平面上，有一质量与A相同的物体B，从高h处由静止开始沿光滑曲面滑下，与A相碰后一起将弹簧压缩，弹簧复原过程中某时刻B与A分开且沿原曲面上升。下列说法正确的是 （ ）‎ A．弹簧被压缩时所具有的最大弹性势能为mgh B．弹簧被压缩时所具有的最大弹性势能为 C．B能达到的最大高度为 D．B能达到的最大高度为 二、 填空题（共20分，每空4分）‎ 2. 某同学由于没有量角器，他在完成了光路图以后，以O点为圆心、10.00 cm为半径画圆，分别交线段OA于A点，交OO′连线的延长线于C点，过A点作法线NN′的垂线AB交NN′于点B，过C点作NN′的垂线CD交NN′于D点，如图所示。用刻度尺量得＝8.00 cm，＝4.00 cm，由此可得出玻璃的折射率n＝________。‎ 3. - 10 - / 10‎ 在某次实验中，已知双缝到光屏之间的距离是l=600mm，双缝之间的距离是d=0.20mm，某同学在用测量头测量时，先将测量头目镜中看到的分划板中心刻线对准某条亮纹（记作第1条）的中心，这时手轮上的示数如图甲所示读数为x1，然后他转动测量头，使分划板中心刻线对准第7条亮纹的中心，这时手轮上的示数x2如图乙所示，则示数x1=____ mm，x2= mm。由此可以计算出这次实验中所测得的单色光的波长= m。 ‎ 1. 甲、乙两人站在水平的冰面上（不计摩擦），在水平方向传递一个球，从静止开始，甲把球传给乙，乙接球后又把球传给甲。假设两个人的质量都是，球的质量为，每次抛球速度大小均为。当甲抛球101次后球被乙接住，此时两人的速度大小之比等于。 ‎ 三、计算题（共40分）‎ 2. ‎（8分）质量为1 kg的小球从距地面高为H = 5 m处由静止开始下落，小球与地面碰撞后能反弹到距地面h = 3.2 m高处。若小球与地面相互作用时间为0.1 s，求小球对地面的平均冲击力多大？不计空气阻力取10 m/ s2 。‎ 3. ‎（8分）两束平行的细激光束，垂直于半圆柱玻璃的平面射到半圆柱玻璃上，如图所示。已知其中一条光线沿直线穿过玻璃，它的入射点是O；另一条光线的入射点为A，穿过玻璃后两条光线交于P点。已知玻璃截面的圆半径为R，OA=，OP =R。求玻璃材料的折射率。‎ - 10 - / 10‎ 1. ‎（12分）一列简谐波在x轴上传播，图中实线波形与虚线波形对应的时刻分别是t1＝0，t2＝0.05 s．则：‎ ‎（1）若波沿＋x方向传播，波速多大？‎ ‎（2）若波沿－x方向传播，波速多大？‎ ‎（3）若波速的大小是280 m/s，波速方向如何？‎ 2. ‎（12分）如图所示，光滑水平地面上有一小车，车上固定光滑斜面和连有轻弹簧的挡板，弹簧处于原长状态，自由端恰在C点，总质量为M＝2 kg。物块从斜面上A点由静止滑下，经过B点时无能量损失。已知物块的质量m＝1 kg，A点到B点的竖直高度为h＝1.8 m，BC长度为L＝3 m，BD段光滑。g取10 m/s2。求在运动过程中：‎ ‎（1）弹簧弹性势能的最大值；‎ ‎（2）物块第二次到达C点的速度。‎ - 10 - / 10‎ 高二物理答案 一、 选择题 ‎1.D 2.C 3.D 4.B 5.C 解析 由题意和波形图知，(n=0、1、2、3…)，解得周期(n=0、1、2、3…)。波速(n=0、1、2、3…)。当n=3时，v=13m/s，选项C正确。‎ ‎ 6.A 7.C 8.AD 9.AC 10.BD 二、填空题 ‎11．1.5‎ ‎【解析】由折射定律得n＝＝＝1.5。‎ ‎12． 【答案】0.641 10.300 5.37×10-7 ‎ ‎【解析】由图甲知x1=0.641mm，由图乙知x2=10.300 mm；则mm=1.61mm=1.61×10-3m，由，得m=5.37×10-7m。‎ ‎13.‎ 解析：把甲、乙两人和小球看做一个系统，则该系统动量守恒且总动量等于零，则可得，可得。 ‎ 二、 计算题 ‎14. F=190N; 15． ‎ ‎【解析】 作出光路如图所示其中一条光线沿直线穿过玻璃，可知O点为圆心，另一条光线沿直线进入玻璃，在半圆面上的入射点为B，入射角设为θ - 10 - / 10‎ ‎1，折射角设为θ2则 得 θ1=300 ‎ 因OP=R，由几何关系知BP=R，知折射角θ2=600 ‎ 折射定律得玻璃的折射率为n= ‎ ‎ 16．(1)40(4n＋1) m/s，(n＝0、1、2…)‎ ‎(2)40(4n＋3) m/s，(n＝0、1、2…)‎ ‎(3)波沿－x方向传播 解析　(1)若波向右传播，由图象知在Δt＝t2－t1内波向右传播的距离为Δx1＝＋nλ，(n＝0、1、2…)‎ 波速v1＝＝λ 代入λ＝8 m、Δt＝0.05 s得 v1＝40(4n＋1) m/s，(n＝0、1、2…)‎ ‎(2)若波向左传播，由图象知在Δt内，波向左传播的距离为Δx2＝λ＋nλ，(n＝0、1、2…)，‎ 波速v2＝＝λ＝40(4n＋3) m/s，(n＝0、1、2…)‎ ‎(3)已知波速v＝280 m/s，故Δt内波传播的距离Δx＝vΔt＝(280×0.05) m＝14 m．将Δx与λ相比，得Δx＝λ，故Δx符合(2)中的Δx2在n＝1时的情况，所以波沿－x方向传播．‎ ‎17.解析：(1)由A点到B点的过程中，由动能定理得：mgh＝mvB2‎ 解得vB＝＝6 m/s 由B点至将弹簧压缩到最短，系统动量守恒，取vB方向为正方向，‎ mvB＝(M＋m)v 此时的弹性势能最大，由能量守恒可得：‎ Ep＝mvB2－(M＋m)v2‎ 由以上两式可得Ep＝12 J。‎ ‎(2)物块由B点至第二次到达C点的过程中，系统动量守恒，取vB方向为正方向，‎ mvB＝mvC＋Mv′‎ 物块由B点至第二次到C点的整个过程机械能守恒 mvB2＝mvC2＋Mv′2‎ - 10 - / 10‎ 由以上两式可解得：vC＝－2 m/s；vC＝6 m/s(第一次到C点的速度，舍去)‎ 即物块第二次到达C点的速度为－2 m/s。‎ 答案：(1)12 J　(2)－2 m/s - 10 - / 10‎