2020年湖北省天门市、潜江市、仙桃市、江汉油田中考物理试卷 12页

‎2020年湖北省天门市、潜江市、仙桃市、江汉油田中考物理试卷 一、选择题（本大题共11小题。第1～21题每小题只有一个选项符合题意；第1-4小题每题3分，第5～21小题每题2分，第22、23小题有两个或两个以上的选项符合题意每小题2分，全部选对得3分，选对但不全得1分，错选不得分、共52分）‎ ‎ ‎ ‎1. 下列物体的长度值最符合实际的是（        ） ‎ A.一枚硬币的厚度为‎5mm B.乒乓球的直径为‎10cm C.物理教科书的宽度为‎1.8dm D.课桌的高度为‎1.2m ‎ ‎ ‎ ‎2. 下列关于声现象的说法中，正确的是（ ） ‎ A.吹奏长笛时，笛声是由空气柱的振动产生的 B.声音的传播不需要介质，能在真空中传播 C.声音在空气中的传播速度大于在水中的传播速度 D.“震耳欲聋”主要描述声音的音调高 ‎ ‎ ‎3. 以下选项中，没有利用“流体压强与流速的关系”的是（ ） ‎ A.赛车尾部安装气流偏导器 B.气垫船船体脱离水面行驶 C.飞机的机翼设计成流线型 D.高铁站站台上划定安全线 ‎ ‎ ‎4. 疫情防控期间，学校配备了新型全自动摄像测温告警系统。如图，晨晨同学正在通过 学校测温棚，下列说法正确的是（ ） ‎ A.镜头离晨晨同学的距离在一倍焦距以内 B.显示屏上晨晨的头像说明，照相机是利用凸透镜能成正立、缩小、实像的原理工作的 C.显示屏上晨晨的体温值主要是利用红外线测出的 D.当晨晨的体温为‎36.5‎​‎‎∘‎C时，告警系统会报警 ‎ ‎ ‎5. 在干燥的环境下，用丝绸摩擦两根玻璃棒，手持其中一根靠近被吊起的另一根，它们相互排斥。下列说法中正确的是（ ） ‎ A.玻璃棒失去电子带正电 B.玻璃棒得到电子带正电 C.在潮湿的环境下重复实验，它们相互吸引 D.玻璃棒在任何条件下都是绝缘体 ‎ ‎ ‎6. 关于物态变化，下列说法正确的是（ ） ‎ A.物质从气态变为液态的过程叫汽化 B.蒸发和沸腾都是在液体表面和内部同时发生的汽化现象，都是吸热的 C.清晨，路边的草上结有露珠，这是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴 D.从冰箱内取出的冰棍周围会冒“白气”，这里的“白气”是水蒸气 ‎ ‎ ‎7. 关于生活用电，下列说法中正确的是（ ） ‎ A.我国家庭电路的电压是‎36V B.更换灯泡、搬动电器不用断开电源开关 C.使用试电笔时人不会触电是因为试电笔氖管中的氖气不导电 D.当电路中电流过大时，空气开关可以自动切断电路，起到保护作用 ‎ ‎ 第21页 共24页 ◎ 第22页 共24页 ‎8. 关于分子动理论，下列说法不正确的是（ ） ‎ A.分子间同时存在着相互作用的引力和斥力 B.温度越低，分子的热运动越缓慢，当温度低到一定程度，分子的热运动会停止 C.通常液体分子之间的距离比气体的小，比固体的大 D.常见的物质是由大量的分子、原子构成的 ‎ ‎ ‎9. 将灯泡L和小电动机M接入如图所示的电路中，下列说法中正确的是（ ） ‎ A.开关S‎1‎只控制灯泡L B.开关S‎2‎只控制灯泡L C.先闭合S‎1‎，再闭合S‎2‎时，灯泡L短路 D.同时闭合S‎1‎、S‎2‎，灯泡L和电动机M并联 ‎ ‎ ‎10. 如图甲的电路中，RA、RB的阻值分别为R‎1‎、R‎2‎，其电流与电压的关系如图乙所示。闭合开关，RA的电压为U‎1‎，电流为I‎1‎，电功率为P‎1‎；RB的电压为U‎2‎，电流为I‎2‎，电功率为P‎2‎；电路的总电阻为R，总电压为U，总电流为I，总功率为P，则（ ） ‎ A.R‎1‎‎:‎R‎2‎＝‎1:3‎ B.U‎1‎‎:‎U‎2‎＝‎1:1‎ C.I:‎I‎2‎＝‎3:1‎ D.P:‎P‎1‎＝‎‎4:3‎ ‎ ‎ ‎11. 如图所示，用滑轮组提升重物，此时测力计示数为‎680N．已知人的质量为‎50kg，每个滑轮的重力为‎20N，不计绳重及摩擦，下列说法正确的是‎(‎ ‎)(g＝‎10N/kg)‎ ‎ A.人的拉力大小为‎340N B.物体的重力为‎420N C.滑轮组的机械效率为‎61.8%‎ D.人能够拉起的最大物重为‎980N ‎ 二、填空题（本大题共5小题，每小题2分，共10分）‎ ‎ ‎ ‎ “指南针”是我国古代四大发明之一，利用指南针能辨别方向，是因为指南针受到了________的作用，它的南极指向地理的________方。 ‎ ‎ ‎ ‎ 煤、石油、页岩气、可燃冰都是化石能源，同时也是________能源和________能源。（选填“一次”、“二次”、“可再生”或“不可再生”） ‎ ‎ ‎ ‎ 一颗子弹以一定的速度水平射向静止的木块（如图甲），然后子弹和木块一起以某一速度开始向右摆动（如图乙）。此过程中，子弹的动能________，子弹和木块的内能之和________。（选填“增大”、“减小”或“不变”） ‎ ‎ ‎ ‎ ‎5G网络采用的电磁波频率比‎4G网络更高，下载速度比‎4G网络快数百倍，与‎4G相比，‎5G电磁波的波长更________（选填“长”或“短”）；如图是一款华为折叠屏‎5G手机，其折叠屏主要是由________材料制成的柔性发光二极管（选填“导体”、“半导体”或“超导体”）。 ‎ 第21页 共24页 ◎ 第22页 共24页 ‎ ‎ ‎ 一圆柱形塑料筒，质量和厚度不计，现将‎75%‎医用酒精（酒精和水的混合物）倒入该圆筒内，酒精的深度为h‎1‎（如图甲），然后将该装有酒精的圆筒放入水中（如图乙），当它竖直漂浮、静止时，圆筒浸入水中的深度为h‎2‎，则h‎1‎________h‎2‎（选填“‎>‎”、“‎<‎”或“＝”）；已知水的密度为ρ水，该酒精的密度ρ＝________（用题中的已知量表示）。 ‎ 三、作图与实验题（本大题共5小题，其中第29小题5分，第30小题5分，第31小题8分，第32小题8分，共26分）‎ ‎ ‎ ‎ 如图所示，根据小磁针静止时的指向标出通电螺线管的N极和电源的正、负极。 ‎ ‎ ‎ ‎ 如图所示，穿着旱冰鞋的小梅同学用手推墙，手离开墙后，小梅开始减速后退。请画出小梅后退过程中受力的示意图。（力的作用点在O点） ‎ ‎ ‎ ‎ 在“探究平面镜成像的规律”的实验中，提供如下器材：光具座、刻度尺、一张大白纸、记号笔、两支相同的蜡烛、无色透明薄玻璃板、茶色透明薄玻璃板、光屏。 ‎ ‎（1）为了获得较好的实验效果，应选择________透明薄玻璃板。‎ ‎ ‎ ‎（2）实验选用器材有两种组合：一种组合除选用玻璃板、蜡烛、光屏外，还选用刻度尺和白纸，白纸既要记录玻璃板的位置，也要记录________；另一种组合除选用玻璃板、蜡烛、光屏外，还选用光具座。这两种组合中光屏的作用是________。‎ ‎ ‎ ‎（3）用光具座完成本实验比较方便，因为其上的刻度值便于比较________关系。‎ ‎ ‎ ‎（4）实验中，通过多次观察点燃的蜡烛的像与没点燃的蜡烛完全重合的现象，得出“平面镜所成像的大小与物体的大小相等”的结论。这种确定像和物大小关系的研究方法是（    ）。（填字母）‎ A.转换法 B.控制变量法 C.等效替代法 ‎ ‎ ‎ 利用图中的装置探究杠杆平衡的条件，每个钩码的质量相等，杠杆上的刻度均匀。 ‎ ‎（1）如图甲，不挂钩码时，出现杠杆右端下沉，应向________（选填“左”或“右”）调节平衡螺母，直至杠杆在水平位置平衡；挂上钩码，移动钩码位置使杠杆在水平位置再次平衡，此时也要选择在水平位置平衡的目的是________。‎ ‎ ‎ ‎（2）图甲中，杠杆在水平位置已经平衡，若将杠杆两侧所挂钩码各取下一个，杠杆会________（选填“顺时针”或“逆时针”）转动。‎ ‎ ‎ ‎（3）三次实验数据见如表，分析数据可知，杠杆的平衡条件是________。 ‎ 次数 动力F‎1‎‎/N 动力臂L‎1‎‎/m 阻力F‎2‎‎/N 阻力臂L‎2‎‎/m ‎1‎ ‎1.0‎ ‎0.2‎ ‎2.0‎ ‎0.1‎ ‎2‎ ‎1.5‎ ‎0.1‎ ‎1.0‎ ‎0.15‎ ‎3‎ ‎2.0‎ ‎0.15‎ ‎1.5‎ ‎0.2‎ ‎ ‎ ‎（4）如图乙，用弹簧测力计代替右侧钩码，沿与水平方向成‎60‎‎∘‎角斜向下拉杠杆，保持杠杆在水平位置平衡。若把左侧钩码的拉力作为阻力，右侧弹簧测力计的拉力作为动力，此时的杠杆是________杠杆（选填“省力”、“费力”或“等臂”）；请在乙图中画出此时拉力F的力臂L。‎ ‎ ‎ 第21页 共24页 ◎ 第22页 共24页 ‎ 为了探究“通过导体的电流与导体电阻的关系”，小明采用了如图甲所示的实物图。实验供选择的定值电阻有‎5‎个，阻值分别为‎5Ω、‎10Ω、‎15Ω、‎20Ω、‎30Ω，电源电压恒为‎4.5V，滑动变阻器的最大阻值为‎30Ω． ‎ ‎（1）实验前，滑动变阻器的滑片应移到________端（选填“A”或“B”）。‎ ‎ ‎ ‎（2）小明首先用‎5Ω电阻实验，闭合开关后发现，无论怎么移动滑片，电流表指针无偏转，电压表指针迅速满偏，则电路中的故障可能是（    ）。（填字母）‎ A.开关断路 B.滑片接触不良 C.电阻断路 D.电流表短路 排除故障后，小明根据实验数据在乙图中描点，则阴影部分的面积表示 电阻的电压 ，其数值为 ‎2V 。‎ ‎ ‎ ‎（3）第‎2‎次实验中，他将‎5Ω电阻换成‎10Ω，如果滑片仍然停留在第‎1‎次实验的位置，小明应向________（选填“A”或“B”）端移动滑片，同时，眼睛应注视________（选填“滑片”“电流表示数”或“电压表示数”）。‎ ‎ ‎ ‎（4）只用‎30Ω的滑动变阻器________（选填“能”或“不能”）直接完成‎5‎次实验。‎ ‎ ‎ ‎（5）该实验电路还可以完成________实验。（写一个）‎ 四、综合应用题（本大题共3小题，其中第33、34小题各6分，第35小题8分，共20分）‎ ‎ ‎ ‎ 如图甲，用电动叉车搬运重为‎5000N的货物，从A点水平移动到B点，用时‎20s；然后从B点匀速提升到C点，又用时‎5s。搬运过程中货物始终水平放置，各点间距离如图乙所示。求： ‎ ‎（1）叉车在AB段的平均速度。‎ ‎ ‎ ‎（2）叉车在AB段对货物的支持力做的功。‎ ‎ ‎ ‎（3）叉车在BC段对货物做功的功率。‎ ‎ ‎ ‎ 如图是多功能汤锅加热的测试电路图，使用时通过旋钮开关（虚线圆圈部分）可实现保温、慢炖、快炖三种功能切换，且保温、慢炖、快炖状态的加热功率依次增大。已知四个发热电阻的阻值相等，测试电源电压为‎220V，慢炖状态的功率为‎550W．求： ‎ ‎（1）R‎1‎的阻值。‎ ‎ ‎ ‎（2）保温状态的功率。‎ ‎ ‎ ‎（3）若把‎1.1kg的水从‎20‎​‎‎∘‎C加热到‎100‎​‎‎∘‎C，快炖需要‎6min40s，则加热的效率是多少？‎ ‎ ‎ ‎ 某科技小组自制了一个测量池水深度的装置，如图甲，它主要是由控制盒和测量盒构成，其电路连接如图乙所示（连接导线带绝缘皮，足够长，不计电阻和质量）。测量盒是一个底面积为‎8cm‎2‎、高‎5cm、重‎2.0N的圆柱体，其底部为压敏电阻R，R与水接触的表面涂有绝缘漆，其阻值随下表面压力变化的部分参数见如表；控制盒中电源电压恒定，R‎0‎为定值电阻。科技小组的同学将测量盒缓慢浸入水中，工作时测量盒底部始终与水平面相平，不考虑大气压强的影响。 ‎ F/N R/Ω ‎8‎ ‎15‎ ‎16‎ ‎10‎ ‎48‎ ‎5‎ ‎112‎ ‎3‎ ‎ ‎ 第21页 共24页 ◎ 第22页 共24页 ‎ ‎ ‎（1）当测量盒浸入深度为‎1m时，电压表的示数为‎1.5V，求此时R底部受到水的压强。‎ ‎ ‎ ‎（2）当测量盒浸入深度为‎2m时，电压表的示数为‎2.0V，求电源电压和R‎0‎的阻值。‎ ‎ ‎ ‎（3）将测量盒放入水平池底（R与池底未紧密结合，导线松弛），静止时电压表示数为‎3V，则池水深度为多少米？‎ 第21页 共24页 ◎ 第22页 共24页 参考答案与试题解析 ‎2020年湖北省天门市、潜江市、仙桃市、江汉油田中考物理试卷 一、选择题（本大题共11小题。第1～21题每小题只有一个选项符合题意；第1-4小题每题3分，第5～21小题每题2分，第22、23小题有两个或两个以上的选项符合题意每小题2分，全部选对得3分，选对但不全得1分，错选不得分、共52分）‎ ‎1.‎ ‎【答案】‎ C ‎【考点】‎ 长度的估测 ‎【解析】‎ 结合对生活的了解和对长度单位及其进率的认识，找出符合生活实际的答案。‎ ‎【解答】‎ 解：A．‎4‎枚一角硬币叠放的高度约‎10mm，所以一枚硬币的厚度在‎2.5mm左右，故A不符合实际； B．标准乒乓球的直径为‎4cm，故B不符合实际； C．中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离（一拃）大约‎15cm，物理教科书的宽度略大于此数值，在‎18cm=1.8dm左右，故C符合实际； D．中学生的身高在‎160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在‎80cm=0.8m左右，故D不符合实际． 故选C．‎ ‎2.‎ ‎【答案】‎ A ‎【考点】‎ 声速的大小跟介质温度的关系 声音的传播条件 声速 声音的产生 ‎【解析】‎ ‎（1）声音都是由物体振动产生的。 （2）声音的传播需要介质，真空不能传声。 （3）一般情况下，固体传声速度大于液体传声速度，液体传声速度大于气体传声速度，声音在空气中传播速度小于水中的传播速度。 （4）音调指声音的高低，响度指声音的大小。‎ ‎【解答】‎ A‎、吹奏长笛时，笛声是由笛子内部的空气柱振动产生的，故A正确。 B、声音的传播需要介质，固体、液体和气体都能传声，真空不能传声，故B错误。 C、声音在空气中的传播速度小于在水中的传播速度，故C错误。 D、“震耳欲聋”指声音很大，是指声音的响度大，故D错误。‎ ‎3.‎ ‎【答案】‎ B ‎【考点】‎ 流体压强与流速的关系 ‎【解析】‎ 流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大。据此对照各选项逐一进行分析即可作答。‎ ‎【解答】‎ A‎、赛车尾部安装的气流偏导器，它的底部是弧形，这相当于倒置的飞机机翼。赛车行驶时，流过气流偏导器上方的气流速度小于下方气流速度，因此在其上下表面产生压强差，形成对气流偏导器向下的压力，能使车轮更好地抓紧地面，利用了流体压强和流速的关系。故A不合题意； B、气垫船脱离水面行驶，是通过使得接触面彼此分离的方法减小摩擦力，没有利用流体压强和流速的关系。故B符合题意； C、由于飞机的机翼设计成流线型，所以空气通过机翼上表面的流速大，通过下表面的流速较小；因为机翼上方的空气流速大，压强较小；机翼下方的空气流速小，压强大，所以机翼受到一个向上的压强差，从而形成向上的升力。利用了流体压强和流速的关系。故C不合题意； D、人离高速列车比较近时，高速列车的速度很大，人和高速列车的之间的空气流动速度很大，压强小，人外侧的压强不变，人受到外侧压强大于人内侧受到的压强，人在较大的压强差作用下很容易被压向列车，发生交通事故，所以高铁站站台上划定安全线，利用了流体压强和流速的关系。故D不合题意。‎ ‎4.‎ ‎【答案】‎ C ‎【考点】‎ 凸透镜成像的应用 红外线 ‎【解析】‎ ‎（1）凸透镜成像时，物距u>2f，成倒立缩小的实像，应用是照相机。 （2）红外线特点及应用：①热作用强：烤箱、浴室里的暖灯、夜视仪、热谱图。 （3）人的正常体温在‎37‎​‎‎∘‎C左右。‎ ‎【解答】‎ AB‎、照相机是利用物距大于二倍焦距时，成倒立缩小实像的规律制成的，因此镜头离晨晨同学的距离在二倍焦距以外，故A、B错误； C、据红外线的特点可知，由于红外线热效应强，显示屏上晨晨的体温值是利用红外线的热效应，故C正确； D、人的正常体温在‎37‎​‎‎∘‎C左右，当晨晨的体温为‎36.5‎​‎‎∘‎C时，告警系统不会报警，故D错误。‎ ‎5.‎ ‎【答案】‎ A ‎【考点】‎ 电荷间的相互作用规律 导体和绝缘体 摩擦起电的实质 ‎【解析】‎ ‎（1）摩擦起电实质是电荷的转移，得到电子带负电，失去电子带正电； （2）潮湿的空气可以导电； ‎ 第21页 共24页 ◎ 第22页 共24页 ‎（3）善于导电的物体叫导体，不善于导电的物体叫绝缘体，导体和绝缘体没有绝对的界限。‎ ‎【解答】‎ AB‎、用丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒失去电子带正电荷，故A正确、B错误； C、在潮湿的环境中玻璃棒上的电荷可以透过潮湿的空气导走，不再带有电荷，所以在潮湿的环境下重复实验，玻璃棒不能带电、不相互吸引，故C错误； D、导体和绝缘体没有绝对的界限，玻璃在高温下可以导电，故D错误。‎ ‎6.‎ ‎【答案】‎ C ‎【考点】‎ 汽化及汽化吸热的特点 液化及液化现象 ‎【解析】‎ 物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化，汽化的形式有蒸发和沸腾，汽化吸热；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。‎ ‎【解答】‎ A‎、物质从气态变为液态的过程叫液化，故A错误。 B、沸腾都是在液体表面和内部同时发生的汽化现象，蒸发是在液体表面发生的汽化现象，蒸发和沸腾都是吸热的，故B错误。 C、路边的草上结有露珠，这是空气中的水蒸气遇冷液化，凝结成的小水滴，故C正确。 D、从冰箱内取出的冰棍周围会冒“白气”，这里的“白气”是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故D错误。‎ ‎7.‎ ‎【答案】‎ D ‎【考点】‎ 家庭电路工作电压、零线火线的辨别方法 安全用电原则 熔断器的作用及保险丝的选择方法 ‎【解析】‎ ‎①在我国，家用电器正常工作的电压一般是‎220V，为保证它们正常工作，与之配套的家庭电路电压也是‎220V； ②更换灯泡、搬动用电器前，应断开电源开关，以防止触电； ③用试电笔时，必须用手接触到笔尾的金属体，试电笔的内部有一个阻值很大的电阻，当人接触试电笔的笔尾金属体，人和试电笔是串联在电路中，如果两者串联在零线和大地之间，加在两者之间的电压是‎0V，氖管不发光；如果两者串联在火线和大地之间，加在两者之间的电压是‎220V，此时试电笔的阻值很大分担的电压很大，人体分担的电压很小，不会超过人体的安全电压，氖管发光，但是不会对人造成伤害； ④当电路中发生短路时，电路中电流过大，空气开关中的电磁铁会产生较强的磁性吸引衔铁，使开关断开，切断电路起到保护电路的作用。‎ ‎【解答】‎ A‎、我国家庭电路电压为‎220V．故A不正确； B、更换灯泡、搬动用电器前，应断开电源开关，以防止人接触用电器时触电。故B不正确； 在试电笔的构造中，有一个‎1MΩ以上的高值电阻（比人体的电阻几千欧大得多），在使用试电笔测火线时，试电笔的高值电阻和人串联在火线和大地之间，加在两者之间的电压是‎220V，此时试电笔的高值电阻分担的电压很大，人体分担的电压很小，通过人体的电流很小，氖管发光，人不会发生触电事故，不是因为试电笔氖管中的氖气不会导电。故C不正确； D、家庭电路中空气开关的作用是保护电路，当电路中发生短路或总功率过大导致电流过大时会引起空气开关跳闸。故D正确。‎ ‎8.‎ ‎【答案】‎ B ‎【考点】‎ 分子动理论的基本观点 ‎【解析】‎ ‎（1）分子之间的斥力和引力是同时存在的； （2）构成物质的粒子在任何条件下都不停地运动； （3）一般地，固体分子间距离最小，液体分子间距离较大，气体分子间距离最大； （4）物质是由分子、原子构成的。‎ ‎【解答】‎ A‎、分子间同时存在着相互作用的引力和斥力，故A正确； B、构成物质的粒子时刻处于不断的运动状态之中，故B错误； C、通常固体分子间距离最小，液体分子间距离较大，气体分子间距离最大，故C正确； D、常见的物质是由大量的分子、原子构成的，故D正确。‎ ‎9.‎ ‎【答案】‎ D ‎【考点】‎ 电路的基本连接方式 电路的三种状态 ‎【解析】‎ 此题暂无解析 ‎【解答】‎ 解：ABD．两只开关都闭合，电流从电源正极出发，分成两支：一支经电动机、开关S‎2‎、开关S‎1‎回到负极，另一支经灯泡L、开关S‎1‎回到负极，所以电动机和灯泡并联，开关S‎1‎在干路，同时控制电动机和灯泡，开关S‎2‎在电动机支路，只控制电动机，故AB错误，D正确； C．先闭合S‎1‎，灯泡L发光，再闭合S‎2‎时，电动机工作，灯泡L不会短路，故C错误． 故选D．‎ ‎10.‎ ‎【答案】‎ A,B,D ‎【考点】‎ 电功率的计算 欧姆定律的应用 ‎【解析】‎ A‎、由图乙可知，当两电阻两端的电压U＝‎6V时可知通过的大小，由I=‎UR可得RA与RB；从而求出R‎1‎‎:‎R‎2‎； B、闭合开关，根据并联电路电压的规律得出电压之比； C、根据U＝IR，由电压不变时，电流与电阻成反比得出I:‎I‎2‎大小； D、根据P＝UI，结合电流和电压之比，根据总功率为：P＝P‎1‎‎+‎P‎2‎得出P:‎P‎1‎大小。‎ 第21页 共24页 ◎ 第22页 共24页 ‎【解答】‎ A‎、由图乙可知，RA与RB为定值电阻，当两电阻两端的电压U＝‎6V时，IA＝‎0.6A，IB＝‎0.2A， 由I=‎UR可得：RA‎=UIA=‎6V‎0.6A=10Ω，RB‎=UIB=‎6V‎0.2A=30Ω， 所以，R‎1‎‎:‎R‎2‎＝‎10Ω:30Ω＝‎1:3‎，故A正确； B、闭合开关，两电阻并联，RA的电压为U‎1‎，电流为I‎1‎，电功率为P‎1‎；RB的电压为U‎2‎，电流为I‎2‎，电功率为P‎2‎；电路的总电阻为R，总电压为U，总电流为I，总功率为P，因并联电路各支路电压相等，U‎1‎‎:‎U‎2‎＝‎1:1−−−−‎①，B正确； C、根据U＝IR，故电流与电阻成反比，I‎1‎‎:‎I‎2‎＝‎3:1−−−−−‎②，I:‎I‎2‎＝‎4:1‎，C错误； D、由①②，总功率为： P＝P‎1‎‎+‎P‎2‎＝U‎1‎I‎1‎‎+‎U‎2‎I‎2‎＝U‎1‎I‎1‎‎+U‎1‎×I‎1‎‎3‎=‎4‎‎3‎U‎1‎I‎1‎=‎‎4‎‎3‎P‎1‎， 故P:‎P‎1‎＝‎4:3‎，故D正确。‎ ‎11.‎ ‎【答案】‎ B,D ‎【考点】‎ 滑轮（组）的机械效率 滑轮组绳子拉力的计算 ‎【解析】‎ ‎（1）对于上面的定滑轮，受到重力、向上的拉力、向下的三个拉力，则：‎3F+‎G定滑轮＝F拉＝F示，据此求人的拉力； （2）由图知，n＝‎2‎，不计绳重及摩擦，拉力F=‎1‎‎2‎(G+G动滑轮)‎，据此求提升的物体重力； （3）拉力端移动距离s＝‎2h，滑轮组的机械效率η=WW=GhFs=GhF×2h=‎G‎2F； （4）人的最大拉力等于人的重力，不计绳重及摩擦，F最大‎=‎1‎‎2‎(G最大+G动滑轮)‎，据此求提升的物体最大重力。‎ ‎【解答】‎ A‎、对于上面的定滑轮，受到重力、向上的拉力（等于弹簧测力计的示数）、向下的三个拉力（每个拉力等于人的拉力）， 则：‎3F+‎G定滑轮＝F拉＝F示， ‎3×F+20N＝‎680N， 则人的拉力： F＝‎220N，故A错误； B、由图知，n＝‎2‎，不计绳重及摩擦，拉力F=‎1‎‎2‎(G+G动滑轮)‎， 提升的物体重力： G＝‎2F−‎G动滑轮＝‎2×220N−20N＝‎420N，故B正确； C、拉力端移动距离s＝‎2h， 滑轮组的机械效率： η=WW=GhFs=GhF×2h=G‎2F=‎420N‎2×220N×100%≈95.5%‎，故C错误； D、人的最大拉力： F最大＝G人＝m人g＝‎50kg×10N/kg＝‎500N， 不计绳重及摩擦，F最大‎=‎1‎‎2‎(G最大+G动滑轮)‎， 提升的物体最大重力： G最大＝‎2F最大−‎G动滑轮＝‎2×500N−20N＝‎980N，故D正确。‎ 二、填空题（本大题共5小题，每小题2分，共10分）‎ ‎【答案】‎ 地磁场,南 ‎【考点】‎ 地磁场 ‎【解析】‎ 地球周围存在磁场---地磁场，地磁场的形状和条形磁铁的磁场很相似，地磁的南极在地理的北极附近，地磁的北极在地理的南极附近；放在地面附近的指南针就是因为受到地磁场的作用，所以南极指南，北极指北。‎ ‎【解答】‎ ‎“指南针”是我国的四大发明之一，指南针之所以能够指方向就是因为受到了地磁场的作用；指南针静止时南极指南，北极指北。‎ ‎【答案】‎ 一次,不可再生 ‎【考点】‎ 能源的分类 ‎【解析】‎ ‎（1）能够直接从自然界获取并利用的叫一次能源；不能从自然界直接获取，必须通过一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源； （2）能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源。‎ ‎【解答】‎ 煤、石油、页岩气、可燃冰都是化石能源，这些能源可以从自然界直接获得的，所以是一次能源；这些能源是短时间内不能再次产生的，属于不可再生能源。‎ ‎【答案】‎ 减小,增大 ‎【考点】‎ 动能和势能的大小变化 ‎【解析】‎ ‎（1）影响动能大小因素是质量和速度，质量一定时，速度越大，动能越大； （2）做功可以改变物体内能，对物体做功，物体内能增大。‎ ‎【解答】‎ 当子弹和木块一起以某一速度开始向右摆动时，子弹的速度变小，动能减小；子弹与木块发生撞击，子弹对木块做功，子弹和木块的内能都会增大，所以其内能之和增大。‎ ‎【答案】‎ 短,半导体 ‎【考点】‎ 半导体的特点 电磁波在日常生活中的应用 半导体的作用 电磁波的传播 第21页 共24页 ◎ 第22页 共24页 ‎【解析】‎ ‎（1）电磁波在真空中的传播速度和光速相等，都是‎3×‎10‎‎8‎m/s，波速一定时，波长与频率成反比； （2）二极管是由半导体做成的器件，它具有单向导电性。‎ ‎【解答】‎ 电磁波在真空中传播速度是‎3×‎10‎‎8‎m/s确定不变的，由于c＝fλ，因此频率高的波长短、频率低的波长长，所以‎5G电磁波的波长比‎4G更短； 折叠屏主要是由半导体材料制成的柔性发光二极管。‎ ‎【答案】‎ ‎>‎‎,‎ρh‎2‎h‎1‎ ‎【考点】‎ 物体的浮沉条件及其应用 阿基米德原理 ‎【解析】‎ 塑料筒在水中漂浮处于平衡状态，根据浮力等于重力列出等式，根据水与酒精的密度判断出酒精的深度与圆筒浸入水中的深度的关系并表示出酒精的密度。‎ ‎【解答】‎ 设塑料筒的底面积为S， 塑料筒在水中漂浮处于平衡状态，所以塑料筒受到的浮力等于重力， 即F浮＝G酒， 所以ρ水gh‎2‎S＝ρ酒gh‎1‎S， 所以ρ水h‎2‎＝ρ酒h‎1‎， 因为酒精的密度小于水的密度， 所以h‎1‎‎>‎h‎2‎； 所以ρ酒‎=‎ρh‎2‎h‎1‎。‎ 三、作图与实验题（本大题共5小题，其中第29小题5分，第30小题5分，第31小题8分，第32小题8分，共26分）‎ ‎【答案】‎ ‎【考点】‎ 安培定则 ‎【解析】‎ 首先根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引判断螺线管的磁极，然后根据安培定则判断电流方向，最后判断电源的正负极。‎ ‎【解答】‎ 因为同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引，所以和小磁针N极靠近的左端是S极、右端是N极， 根据安培定则可以判断电流从螺线管的左端进入、从右端流出，可以判断电源的左端是正极、右端是负极，‎ ‎【答案】‎ ‎【考点】‎ 力的示意图 ‎【解析】‎ 小梅沿水平面减速后退时，对小梅进行受力分析，其受到竖直向下重力和水平面对她竖直向上的支持力及水平向右的摩擦力，根据力的示意图的画法分别作出这三个力的示意图即可。‎ ‎【解答】‎ 小梅用手推墙，手离开墙后，她水平向左做减速运动，故其受到水平向右的摩擦力；还受到竖直向下的重力和地面对她竖直向上的支持力；从重心O分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，用“G”表示重力，用“F”表示支持力，从重心O沿水平向右的方向画一条有向线段，用“f”表示摩擦力，‎ ‎【答案】‎ 茶色 像和物的位置,判断像的虚实 像距与物距 C ‎【考点】‎ 平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案 ‎【解析】‎ ‎（1）茶色玻璃比较暗，使茶色玻璃板后面的环境对实验的影响比较小，成像更清晰。 （2）白纸既要记录玻璃板的位置，也要记录像和物的位置；光屏在平面镜实验中判断像的虚实； （3）用光具座完成本实验便于比较像距与物距的关系； （4）等效替代法是在保证某种效果相同的前提下，将实际的、复杂的物理问题和物理过程转化为等效的、简单的、易于研究的物理问题和物理过程来研究和处理的方法。等效替代法是初中物理中常用的探索问题和分析解决问题的科学方法之一。‎ ‎【解答】‎ 茶色玻璃比较暗，使茶色玻璃板后面的环境对实验的影响比较小，成像更清晰，更容易找到蜡烛A的像的位置；‎ 实验选用器材有两种组合：一种组合除选用玻璃板、蜡烛、光屏外，还选用刻度尺和白纸，白纸既要记录玻璃板的位置，为了比较像距与物距的大小，也要记录像和物的位置； 另一种组合除选用玻璃板、蜡烛、光屏外，还选用光具座。这两种组合中光屏的作用是判断像的虚实；‎ 用光具座完成本实验比较方便，因为其上的刻度值便于比较；‎ 实验中，通过多次观察点燃的蜡烛的像与没点燃的蜡烛完全重合的现象，得出“平面镜所成像的大小与物体的大小相等”的结论，这种确定像与物大小关系的方法是等效替代法，故选C； 故答案为：（1）茶色；（2）像和物的位置；判断像的虚实；（3）像距与物距；（4）C。‎ ‎【答案】‎ 左,便于在杠杆上直接测量力臂 逆时针 第21页 共24页 ◎ 第22页 共24页 F‎1‎L‎1‎‎＝‎F‎2‎L‎2‎ 省力 ‎【考点】‎ 探究杠杆的平衡条件实验 ‎【解析】‎ ‎（1）杠杆倾斜时，杠杆的重心偏向杠杆下沉的一端，左、右两端的螺母（或一端的螺母）要向杠杆上翘的一端调节；实验前先要调节杠杆在水平位置平衡，这是为使杠杆所受的重力通过支点，从而可以不考虑杠杆的重力对其转动的影响；调节好以后，仍要使杠杆在水平位置平衡，是为了便于测量力臂的长度； （2）当左右两侧力与力臂的乘积不相等时，杠杆会转动； （3）将力与力臂的乘积算出后进行比较，分析数据的问题，从而得出结论； （4）动力臂大于阻力臂是省力杠杆；过支点向力的作用线做垂线，画出此时拉力F的力臂L。‎ ‎【解答】‎ 杠杆右端下沉，为了使它在水平位置平衡，应将杠杆两端的平衡螺母向左调节，使杠杆在不挂钩码时，保持水平静止； 实验中通过增减钩码或移动钩码的位置使杠杆在水平位置平衡的目的是为了便于在杠杆上直接测量力臂；‎ 根据杠杆平衡条件F‎1‎L‎1‎＝F‎2‎L‎2‎得： 杠杆在水平位置平衡时：左边＝‎3G×2L＝‎6GL； 右边＝‎2G×3L＝‎6GL； 如果在两侧钩码下再各取下一个相同的钩码后：左边＝‎2G×2L＝‎4GL； 右边＝G×3L＝‎3GL； 杠杆不再水平平衡，左边会下沉，逆时针转动。‎ 由表格中数据，①‎1.0N×0.2m＝‎2.0N×0.1m； ②‎1.5N×0.1m＝‎1.0N×0.15m； ③‎2.0N×0.15m＝‎1.5N×0.2m； 可知杠杆的平衡条件为：F‎1‎L‎1‎＝F‎2‎L‎2‎；‎ 如图乙，用弹簧测力计代替右侧钩码，沿与水平方向成‎60‎‎∘‎角斜向下拉杠杆，保持杠杆在水平位置平衡。若把左侧钩码的拉力作为阻力，右侧弹簧测力计的拉力作为动力，画出此时拉力F的力臂L，每个小格长L‎0‎，如下图： ， L＝sin‎60‎‎∘‎×3L‎0‎=‎3‎‎2‎×3‎L‎0‎＝‎2.6L‎0‎>2‎L‎0‎，动力臂大于阻力臂是省力杠杆。‎ ‎【答案】‎ B C B‎,电压表示数 不能 测电阻的电功率（合理即可）‎ ‎【考点】‎ 探究电流与电压、电阻的关系实验 ‎【解析】‎ ‎（1）实验前，滑动变阻器的滑片应移到阻值最大处； （2）逐一分析每个选项，找出符合题意的答案；根据U＝IR分析； （3）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向； （4）探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入‎30Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻； （5）根据P＝UI分析。‎ ‎【解答】‎ 实验前，为保护电路，滑动变阻器的滑片应移到阻值最大处B端；‎ AB‎．若开关断路或滑片接触不良，则整个电路断路，两表都没有示数，不符合题意； C．若电阻断路，电流表指针无偏转，电压表串联在电路中测电源电压，电压表指针满偏，符合题意； D．若电流表短路，电流表没有示数，电路为通路，电压表电阻的电压，因电源电压为‎3V，根据串联电路电压的规律，移动变阻器的滑片，电压表示数应小于‎3V，不符合题意； 故选C； 排除故障后，小明根据实验数据在乙图中描点，则阴影部分的面积为IR，根据U＝IR，故阴影部分表示电阻的电压，其数值为：U＝IR＝‎0.4A×5‎＝‎2V；‎ 根据串联分压原理可知，将定值电阻由‎5Ω改接成‎10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大； 探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向B端移动，眼睛应注视电压表示数，使电压表的示数为‎2V；‎ 电阻两端的电压始终保持UV＝‎2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压： U滑＝U−‎UV＝‎4.5V−2V＝‎2.5V，变阻器分得的电压为电压表示数的‎1.25‎倍，根据分压原理，当接入‎30Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为： R滑＝‎1.25×30Ω＝‎37.5Ω，故只用‎30Ω的滑动变阻器不能直接完成‎5‎次实验。‎ 根据P＝UI，该实验电路还可以完成测电阻的电功率实验（合理即可）。 故答案为：（1）B；（2）C；电阻的电压；‎2V；（3）B；电压表示数；（4）不能；（5）测电阻的电功率（合理即可）。‎ 四、综合应用题（本大题共3小题，其中第33、34小题各6分，第35小题8分，共20分）‎ ‎【答案】‎ 叉车在AB段的平均速度为‎2m/s。‎ 叉车在AB段对货物的支持力做的功为‎0J。‎ 叉车在BC段对货物做功的功率为‎1500W。‎ ‎【考点】‎ 变速运动与平均速度 功的计算 功率的计算 ‎【解析】‎ ‎（1）已知路程和时间，根据速度公式求出叉车在AB段的平均速度。 ‎ 第21页 共24页 ◎ 第22页 共24页 ‎（2）做功的两个必要因素①作用在物体上的力；②在力的方向上移动的距离，据此分析可知叉车在AB段并没有在支持力方向移动距离，即此过程中支持力不做功。 （3）先根据功的计算公式W＝Fs计算在BC段支持力做的功，再由功率的计算公式P=‎Wt计算在BC段叉车对货物做功的功率即可。‎ ‎【解答】‎ 由图和题意可得，叉车在AB段的路程s＝‎40m，所用时间为‎20s， 则叉车在AB段的平均速度为：v=st=‎40m‎20s=2m/s；‎ 叉车在AB段对货物的支持力方向是竖直向上的，而移动距离沿水平方向，即支持力的方向与距离的方向垂直，所以此过程中支持力不做功，即支持力做的功为‎0J。‎ 在BC段支持力做的功为：W＝Fs＝Gh＝‎5000N×1.5m＝‎7500J； 叉车在BC段对货物做功的功率：P=Wt‎′‎=‎7500J‎5s=1500W。‎ ‎【答案】‎ R‎1‎的阻值为‎88Ω；‎ 保温状态的功率为‎275W；。‎ 若把‎1.1kg的水从‎20‎​‎‎∘‎C加热到‎100‎​‎‎∘‎C，快炖需要‎6min40s，加热的效率是‎84%‎。‎ ‎【考点】‎ 电功与热量的综合计算 电功率的计算 ‎【解析】‎ ‎（1）分析电路图，开关旋转到‎1‎、‎2‎、‎3‎时的电路组成，并得出电阻大小关系，利用P＝UI=‎U‎2‎R得出电路电功率大小关系，进而得出是保温、慢炖还是快炖状态；知道慢炖功率、电源电压，利用P=‎U‎2‎R求发热电阻丝R‎4‎的阻值，进而得出四个发热电阻的阻值； （2）开关旋转到‎1‎时R‎1‎、R‎4‎串联，R‎1‎、R‎4‎串联，电炖锅处于保温状态，利用P=‎U‎2‎R求保温功率； （3）利用Q吸＝cm(t−t‎0‎)‎求水吸收的热量；当开关旋转到‎3‎时电路的电功率最大，为快炖状态，因为并联电阻的倒数等于每个电阻的倒数之和，可求并联电阻，再利用P=‎U‎2‎R求快炖功率；利用W＝Pt求快炖‎6min40s＝‎400s消耗的电能，加热效率等于水吸收的热量与消耗的电能之比。‎ ‎【解答】‎ 由电路图可知，开关旋转到‎1‎时R‎1‎、R‎4‎串联；开关旋转到‎2‎时电路为R‎4‎的简单电路；开关旋转到‎3‎时R‎2‎、R‎3‎并联； 因为串联电路中总电阻大于任何一个分电阻，并联电路中总电阻小于任何一个分电阻， 所以，开关旋转到‎1‎时电路的电阻最大、开关旋转到‎2‎时电路的电阻较大；开关旋转到‎3‎时电路的电阻最小； 电源电压一定，由P＝UI=‎U‎2‎R可知，开关旋转到‎1‎时电路的电功率最小，为保温状态；开关旋转到‎2‎时电路的电功率较大，为慢炖状态；开关旋转到‎3‎时电路的电功率最大，为快炖状态。 由P＝UI=‎U‎2‎R可得发热电阻丝R‎4‎的阻值： R‎4‎‎=U‎2‎P=‎(220V‎)‎‎2‎‎550W=88Ω， 因为四个发热电阻的阻值相等， 所以R‎1‎＝R‎2‎＝R‎3‎＝R‎4‎＝‎88Ω；‎ 开关旋转到‎1‎时R‎1‎、R‎4‎串联，R‎1‎、R‎4‎串联，电炖锅处于保温状态， 保温功率： P保温‎=U‎2‎R‎1‎‎+‎R‎4‎=‎(220V‎)‎‎2‎‎88Ω+88Ω=275W；‎ 水吸收的热量： Q吸＝cm(t−t‎0‎)‎＝‎4.2×‎10‎‎3‎J/(kg⋅‎​‎‎∘‎C)×1.1kg×(100‎​‎‎∘‎C−20‎​‎‎∘‎C)‎＝‎3.696×‎10‎‎5‎J， 当开关旋转到‎3‎时电路的电功率最大，为快炖状态， 因为并联电阻的倒数等于每个电阻的倒数之和， 所以：R并‎=R‎2‎R‎3‎R‎2‎‎+‎R‎3‎=‎88Ω×88Ω‎88Ω+88Ω=44Ω， 快炖功率： P快炖‎=U‎2‎R=‎(220V‎)‎‎2‎‎44Ω=1100W， 快炖‎6min40s＝‎400s消耗的电能： W＝P快炖t＝‎1100W×400s＝‎4.4×‎10‎‎5‎J， 加热效率： η=QW=‎3.696×‎10‎‎5‎J‎4.4×‎10‎‎5‎J×100%‎＝‎84%‎。‎ ‎【答案】‎ 当测量盒浸入深度为‎1m时，电压表的示数为‎1.5V，此时R底部受到水的压强为‎1×‎10‎‎4‎Pa；‎ 当测量盒浸入深度为‎2m时，电压表的示数为‎2.0V，电源电压为‎6V，R‎0‎的阻值为‎5Ω；‎ 将测量盒放入水平池底（R与池底未紧密结合，导线松弛），静止时电压表示数为‎3V，则池水深度为‎5.8m。‎ ‎【考点】‎ 欧姆定律的应用 ‎【解析】‎ ‎（1）根据p＝ρgh求出当测量盒浸入深度为‎1m时R底部受到水的压强： （2）当h‎1‎＝‎1m时，根据F＝pS得出水对R底部的压力，查表知R‎1‎大小， 根据串联电路的规律及欧姆定律得出电源电压表达式，同理，当h‎1‎＝‎2m时，得出水对R底部的压力： 查表知R‎2‎大小，根据串联电路的规律及欧姆定律得出电源电压表达式，从而得出电源电压和R‎0‎大小； （3）当电压表示数为‎3V时，根据串联电路的规律及欧姆定律得出电源电压表达式，得出R‎3‎，查表得测量盒底部受到的总压力为F‎3‎＝‎48N； 分析测量盒沉底的受力情况，由阿基米德原理得出其受到的浮力，根据力的平衡求出池底对测量盒底部的压力，从而得出水对测量盒底部的压力，根据F＝pS＝ρ水gh‎3‎S得出池水深度。‎ ‎【解答】‎ 当测量盒浸入深度为‎1m时，此时R底部受到水的压强： p＝ρgh＝‎1.0×‎10‎‎3‎kg/m‎3‎×10N/kg×1m＝‎1×‎10‎‎4‎Pa；‎ 当h‎1‎＝‎1m时，水对R底部的压力： F‎1‎＝p‎1‎S＝‎1×‎10‎‎4‎Pa×8×‎‎10‎‎−4‎m‎2‎＝‎8N； 查表知，R‎1‎＝‎15Ω； 根据串联电路的规律及欧姆定律，电源电压： U＝I‎1‎R‎1‎‎+UV1‎=UV‎1‎R‎0‎R‎1‎+U‎1‎=‎1.5VR‎0‎×15Ω+1.5V−−−−−‎①， 当h‎1‎＝‎2m时，水对R底部的压力： F‎2‎＝p‎2‎S＝ρgh＝‎1.0×‎10‎‎3‎kg/m‎3‎×10N/kg×2m×8×‎‎10‎‎−4‎m‎2‎＝‎16N； 查表知，R‎2‎＝‎10Ω， ‎ 第21页 共24页 ◎ 第22页 共24页 根据串联电路的规律及欧姆定律，电源电压：U＝I‎2‎R‎2‎‎+U‎2‎=UV2‎R‎0‎×R‎2‎+UV2‎=‎2VR‎0‎×10Ω+2V−−−−‎② 由①②得： U＝‎6V，R‎0‎＝‎5Ω；‎ 当电压表示数为‎3V时，同理有：U＝I‎3‎R‎3‎‎+‎UV3‎， 即‎6V=‎3V‎5Ω×R‎3‎+3V， R‎3‎＝‎5Ω，查表得测量盒底部受到的总压力为F‎3‎＝‎48N； 测量盒沉底时，受到重力、支持力和浮力，G＝‎2.0N，由阿基米德原理： F浮＝ρ水gV排＝‎1.0×‎10‎‎3‎kg/m‎3‎×10N/kg×8×‎10‎‎−4‎ m‎2‎×0.05m＝‎0.4N； 则池底对测量盒底部的压力为： F′‎＝G−‎F浮＝‎2.0N−0.4N＝‎1.6N， 故水对测量盒底部的压力为： F＝F‎3‎‎−F′‎＝‎48N−1.6N＝‎46.4N； 根据F＝pS＝ρ水gh‎3‎S， h‎3‎‎=FρgS=‎46.4N‎1.0×‎10‎‎3‎kg/m‎3‎×10N/kg×8×‎‎10‎‎−4‎m‎2‎=5.8m。‎ 第21页 共24页 ◎ 第22页 共24页